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UVA 10253 - Series-Parallel Networks(数论+计数问题+递推)
题目链接:10253 - Series-Parallel Networks
白书的例题。
这题也是需要把问题进行转化,一个并联可以分为几个串联,然后串联可以分成边。
如此一来,最后叶子结点种数会是n,问题转化为去分配叶子结点,使得总和为n。
书上有两种方法,一种直接去递归,利用组合数学的方式去计算答案。
一种是推出递推式:
设dp[i][j]为一共j个叶子结点的树,子树的叶子最多的为i个的情况。然后对于一颗树,枚举恰好包含i个叶子的子树为p棵,那么相当于从f[i]颗树中选出p棵树的方案数,是可重复选择的组合,组合数为:C(f[i] + p - 1, p)种,然后每种子树对应的情况数为dp[i - 1][j - p * i]
所以状态转移方程为dp[i][j] = sum{C(f[i] + p - 1, p) * d(i - 1, j - p * i)},最后答案为dp[n - 1][n],注意边界的设定,详见代码
代码:
#include <stdio.h> #include <string.h> #include <stdlib.h> #include <algorithm> using namespace std; long long C(long long n, long long m) { double ans = 1; for (int i = 0; i < m; i++) { ans *= n - i; } for (int i = 0; i < m; i++) ans /= i + 1; return (long long)(ans + 0.5); } const int N = 31; int n; long long f[N]; long long dp[N][N]; int main() { f[1] = 1; for (int i = 0; i < N; i++) dp[i][0] = 1; for (int i = 1; i < N; i++) {dp[i][1] = 1; dp[0][i] = 0;} for (int i = 1; i < N; i++) { for (int j = 2; j < N; j++) { dp[i][j] = 0; for (int p = 0; p * i <= j; p++) { dp[i][j] += C(f[i] + p - 1, p) * dp[i - 1][j - p * i]; } } f[i + 1] = dp[i][i + 1]; } while (~scanf("%d", &n) && n) { printf("%lld\n", n == 1 ? 1 : 2 * f[n]); } system("pause"); return 0; }
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