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1411010737-ny-非洲小孩



非洲小孩

时间限制:1000 ms  |  内存限制:65535 KB
难度:2
描述
家住非洲的小孩,都很黑。为什么呢?
第一,他们地处热带,太阳辐射严重。
第二,他们不经常洗澡。(常年缺水,怎么洗澡。)
现在,在一个非洲部落里,他们只有一个地方洗澡,并且,洗澡时间很短,瞬间有木有!!(这也是没有的办法,缺水啊!!)
每个小孩有一个时间段能够洗澡。并且,他们是可以一起洗的(不管你是男孩是女孩)。
那么,什么时间洗澡,谁应该来洗,由谁决定的呢?那必然是他们伟大的“澡”神啊。“澡”神有一个时间表,记录着该部落的小孩,什么时候段可以洗澡。现在,“澡”神要问你,一天内,他需要最少开启和关闭多少次洗澡的水龙头呢?因为,开启和关闭一次水龙头是非常的费力气的,即便,这也是瞬间完成的。
输入
多组数据
第一行一个0<n<=100。
接下来n行,每行一个时间段。H1H1:M1M1-H2H2:M2M2,24小时制。
保证该时间段是在一天之内的。但是,不保证,H1H1:M1M1先于H2H2:M2M2。
输出
题目描述,“澡”神最少需要开启和关闭多少次水龙头呢?
样例输入
1
00:12-12:12
2
00:12-12:12
14:00-12:00
样例输出
1
1
提示
Ps:开启和关闭为一次
解题思路
       运用到了贪心的知识,按照结束的时间做升序排列。
错误原因
       在这道题里,我一开始因为读题上的错误将题目理解为了求最少连续区间的问题,后来多次WA后又将题目仔细读了一遍才发现原来是贪心算法里的区间选点问题。
在这道题中,
不管是情况①:
00:12-00:22
00:22-00:33
还是情况②:
00:12-00:12
00:12-00:12
都应该只是1次,因为两种情况里都有交叉的时间点,而两个小孩就可以在这个时间点瞬间洗完,所以只需开一次水龙头。
我觉得是题意没有完全表达清楚,应该是在最省水的情况下开水龙头次数最少,即能一起洗的都一起洗。
比如你给的数据,事实上只要在0:13到10:00中开一次水龙头,两个小孩就能同时洗完,然后11点再开一次,另一个洗完(都是瞬间的...)。而不是一直开着等人来洗,不然每天早晨一开晚上一关不就行了...╮(╯▽╰)╭
代码
#include<stdio.h>
#include<string.h> 
#include<algorithm>
using namespace std;
struct time
{
	char sta[5],end[5];
}times[110];
bool cmp(time g,time h)
{
	return strcmp(g.end,h.end)<0;
}
char e[5],f[5],k[5];
int main()
{
	int n;
	int a,b,c,d;
	int i,j;
	int sum;
	while(scanf("%d",&n)!=EOF)
	{
		for(i=0;i<n;i++)
		{
			scanf("%d%*c%d%*c%d%*c%d",&a,&b,&c,&d);
			e[0]=a/10+'0';
			e[1]=a%10+'0';
			e[2]=b/10+'0';
			e[3]=b%10+'0';
			f[0]=c/10+'0';
			f[1]=c%10+'0';
			f[2]=d/10+'0';
			f[3]=d%10+'0';
			if(strcmp(e,f)<0)
			{
				strcpy(times[i].sta,e);
				strcpy(times[i].end,f);
			}
			else
			{
				strcpy(times[i].sta,f);
				strcpy(times[i].end,e);
			}
		}//这里可以直接用int型存储
		/*
		scanf("%d%c%d%c%d%c%d",&b1,&c,&b2,&c,&e1,&c,&e2);
        t[i].b=b1*100+b2; 
        t[i].e=e1*100+e2; 
        //这里将小孩开始和结束的时间由小时、分钟两个变量转化为一个方便运算
        if(t[i].b>t[i].e)
            swap(t[i].b,t[i].e);
		*/ 
		sort(times,times+n,cmp);
		sum=1;
		strcpy(k,times[0].end);
		for(i=1;i<n;i++)
		{
			if(strcmp(times[i].sta,k)>0)
			{
				sum++;
			    strcpy(k,times[i].end);
			     //多区间选取最少公共点
			}
		}
		printf("%d\n",sum);
	}
	return 0;
} 


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