1 /* 2     题意：用木板盖住泥泞的地方，不能盖住草。木板任意长！可以重叠覆盖！ ‘*‘表示泥泞的地方，‘.‘表示草！ 3     思路： 4          首先让我们回忆一下HDU 2119 Matrix这一道题，一个矩阵中只有0， 1，然后让我们通过选择一行，或者 5          是一列将其所在行的或者所在列的 1全部删掉，求出最少需要几步？ 6           7          这道题的思路就是：将行标 和 列标值为1的建立一条边！通过匈牙利算法可以得到这个二分图的最大匹配数 8          最大匹配数==最小顶点覆盖数！最小顶点覆盖就是用最少的点覆盖了这个二分图的所有的边，然后去掉这些 9          最小覆盖中的顶点就可以去掉所有的边，也就是所有的 1都去掉了！ 10     11     那么这道题该怎么办呢？其实和上面的思路差不多，只不过是不能在原图上解题！这道题每一行或者每一列12     都有限制的因素，就是草地，覆盖泥泞的地方时不能覆盖草地，所以要想办法忽略草地的影响！13     14     解决方法：连通块的思路
       如果一个连通区域的左右两侧无法延伸则为行连通块儿，上下无法延伸则为列连通块儿，把行连通块儿作为X集合，列连通块儿作为Y集合，则X与Y相连得到的边就代表所要覆盖的       泥泞区域。即可用匈牙利算法求出覆盖所有泥泞区域所需要的最少连通块儿。
                1，现将每一行的不连在一起的泥泞土地赋给不同的编号（从1...cntR开始），也就是如果忽略15     草地的话，泥泞的地方一共有cntR个行连通块！16              2，同理每一列按照每一行的操作， 共有cntC个列连通块！17     这样结题思路就和上面的那一道题一样了..... 18             19     g[i][j]==‘*‘ 那么aR[i][j]就是该点新的行标， aC[i][j]就是该点行的列标 20 */21 #include<iostream>22 #include<cstring>23 #include<cstdio>24 #include<algorithm>25 #include<vector>26 #define M 5527 #define N 100028 using namespace std;29 vector<int>v[N];30 char g[M][M];31 int vis[N];32 int linker[N];33 int aR[M][M], aC[M][M]; 34 int n, m;35 36 bool dfs(int u){37    int len=v[u].size();38    for(int i=0; i<len; ++i){39        int vu=v[u][i];40        if(!vis[vu]) {41               vis[vu]=1; 42            if(!linker[vu] || dfs(linker[vu])){43                linker[vu]=u;44                return true;45            }46        }47    }48    return false;49 }50 51 int main(){52    while(scanf("%d%d", &n, &m)!=EOF){53           int cntR=1, cntC=1;54        for(int i=1; i<=n; ++i)55           scanf("%s", g[i]+1);56        for(int i=1; i<=n; ++i)57           for(int j=1; j<=m; ++j)58              if(g[i][j]==‘*‘){59                 aR[i][j]=cntR;60                 if(j+1>m || g[i][j+1]!=‘*‘)61                    ++cntR; 62              }63        for(int j=1; j<=m; ++j)64           for(int i=1; i<=n; ++i)65              if(g[i][j]==‘*‘){66                  aC[i][j]=cntC;67                  if(i+1>n || g[i+1][j]!=‘*‘)68                    ++cntC;69              }70        for(int i=1; i<=n; ++i)71           for(int j=1; j<=m; ++j)72             if(g[i][j]==‘*‘)73                v[aR[i][j]].push_back(aC[i][j]);  74        75        int ans=0;76        memset(linker, 0, sizeof(linker));77        for(int i=1; i<cntR; ++i){78            memset(vis, 0, sizeof(vis));79            if(dfs(i))  ++ans;80        } 81        printf("%d\n", ans); 82        for(int i=1; i<cntR; ++i)83           v[i].clear();84    }85    return 0;86 }