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NYOJ 1075 (递推 + 矩阵快速幂)
“红色病毒”问题
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难度:4
- 描述
- 医学研究者最近发现了一种新病毒,因为其蔓延速度与曾经在Internet上传播的“红色代码”不相上下,故被称为“红色病毒”。经研究发现,该病毒及其变种的DNA序列中,腺嘌呤(A)、胞嘧啶(C)均是成对出现的。LYH想知道在这种特征下,所有可能成为该病毒的DNA序列的个数。
- 输入
- 多组测试数据。每组数据输入一个整数n,表示该病毒DNA序列的长度。(1≤n≤10^9)n=0时表示输入结束,不用做任何处理。
- 输出
- 每组输出占一行,代表该病毒长度为n的所有可能的DNA序列个数。由于结果可能非常大,你只需输出对10007取余后的结果即可。
- 样例输入
- 12
- 样例输出
- 26
- 提示
- DNA序列仅由腺嘌呤(A),鸟嘌呤(G),胞嘧啶(C),胸腺嘧啶(T)四种核苷酸组成。当n=2时,所有可能的DNA序列为TT、TG、GT、GG、AA、CC。
- 分析:因为题目要求A和C要成对出现,即A和C的数量都是偶数,所以可以定义4个状态:
- dp[n][0]表示长度为n时A的数量为偶数,C的数量也为偶数,
- dp[n][1]表示长度为n时A的数量为偶数,C的数量为奇数,
- dp[n][2]表示长度为n时A的数量为奇数,C的数量为偶数,
- dp[n][3]表示长度为n时A的数量为奇数,C的数量也为奇数的DNA序列的数量,
- 则
- dp[n][0] = dp[n-1][0] * 2 + dp[n-1][1] * 1 + dp[n-1][2] * 1 + dp[n-1][3] * 0
- dp[n][1] = dp[n-1][0] * 1 + dp[n-1][1] * 2 + dp[n-1][2] * 0 + dp[n-1][3] * 1
- dp[n][2] = dp[n-1][0] * 1 + dp[n-1][1] * 0 + dp[n-1][2] * 2 + dp[n-1][3] * 1
- dp[n][3] = dp[n-1][0] * 0 + dp[n-1][1] * 1 + dp[n-1][2] * 1 + dp[n-1][3] * 2
- 根据这个递推关系,可以构造出如下一个4*4的矩阵,
- | 2 1 1 0 |
- | 1 2 0 1 |
- | 1 0 2 1 |
- | 0 1 1 2 |
- 然后利用矩阵快速幂就可以快速求出答案。
#include<cstdio> #include<cstring> #define mod 10007 struct Matrix { int mat[4][4]; Matrix() { memset(mat, 0, sizeof(mat)); for(int i = 0; i < 4; i++) mat[i][i] = 1; } }; Matrix Multi(Matrix a, Matrix b) { Matrix res; for(int i = 0; i < 4; i++) { for(int j = 0; j < 4; j++) { res.mat[i][j] = 0; for(int k = 0; k < 4; k++) { res.mat[i][j] += a.mat[i][k] * b.mat[k][j]; res.mat[i][j] %= mod; } } } return res; } Matrix Pow(Matrix a, int x) { Matrix res; while(x) { if(x&1) res = Multi(res, a); a = Multi(a, a); x >>= 1; } return res; } int main() { int T, n; Matrix A; //系数矩阵 A.mat[0][0] = 2; A.mat[0][1] = 1; A.mat[0][2] = 1; A.mat[0][3] = 0; A.mat[1][0] = 1; A.mat[1][1] = 2; A.mat[1][2] = 0; A.mat[1][3] = 1; A.mat[2][0] = 1; A.mat[2][1] = 0; A.mat[2][2] = 2; A.mat[2][3] = 1; A.mat[3][0] = 0; A.mat[3][1] = 1; A.mat[3][2] = 1; A.mat[3][3] = 2; scanf("%d",&T); while(T--) { scanf("%d", &n); Matrix ans = Pow(A, n); printf("%d\n", ans.mat[0][0]); } return 0; }
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