http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5037

贪心  最初WA了一次，做法就是看石头间距pos[i+1]-pos[i] <=L直接跳，否则ans++;非常愚蠢

1,2,3  这个例子就能破掉这种策略

所以其实一个比较重要的问题在于处理上一步到下一步的剩余问题

参考了http://blog.csdn.net/u014569598/article/details/39471913

正确的策略是，记录上一次跳的长度，如果这次遇到的石子的间距x   x+last_len <=L  那么上次就能把这个x也跳掉，

要说从这道题里收获了什么，应该就是 找出两次决策之间的关系，想想怎么处理上次决策剩余。尤其别忽略相邻两次决策的关系

所以就是下面的代码，注意注释

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <iostream>
#include <set>
#include <queue>
#include <cmath>

using namespace std;
const int MAXN = 2*1e5+50;

int pos[MAXN];
int main()
{
    int ncase,ic=0;
    int n,m,L;
    scanf("%d",&ncase);
    while(ncase--)
    {
        scanf("%d%d%d",&n,&m,&L);
        for(int i=1;i<=n;i++)
            scanf("%d",&pos[i]);
        int ans=0,dis=L;
        pos[0]=0;
        pos[++n]=m;
        sort(pos,pos+n);
        for(int i=0;i<n;i++)
        {
            //dis+=pos[i+1]-pos[i];
            int x=(pos[i+1]-pos[i])%(L+1);
            int y=(pos[i+1]-pos[i])/(L+1);
            if(dis+x>=L+1)
            {
                dis=x;//虽然dis<=L  但是需要跳一步，因为下一块石子的距离加上的话，会超过L
                ans+=1+2*y; //L+1需要跳两步
            }
            else
            {
                dis+=x; // dis+x<=L  所以一步就跳过好几个石子
                ans+=2*y;
            }
            //if(pos[i+1]-pos[i] <=L)continue;
            //ans+=(pos[i+1]-L-pos[i]);
        }
        printf("Case #%d: %d\n",++ic,ans);
    }
    return 0;
}

hdu 5037