首页 > 代码库 > 堆——神奇的优先队列（上）
堆——神奇的优先队列（上）
堆是什么？是一种特殊的完全二叉树，就像下面这棵树一样。
有没有发现这棵二叉树有一个特点，就是所有父结点都比子结点要小（注意：圆圈里面的数是值，圆圈上面的数是这个结点的编号，此规定仅适用于本节）。 符合这样特点的完全二叉树我们称为最小堆。反之，如果所有父结点都比子结点要大，这样的完全二叉树称为最大堆。那这一特性究竟有什么用呢？
假如有14个数分别是99、5、36、7、22、17、46、12、2、19、25、28、1和92。请找出这14个数中最小的数，请问怎么办呢？最简单的方法就是将这14个数从头到尾依次扫一遍，用一个循环就可以解决。这种方法的时间复杂度是O(14)也就是O(N)。
for(i=1;i<=14;i++){ if(a[ i]<min) min=a[ i];}
现在我们需要删除其中最小的数，并增加一个新数23，再次求这14个数中最小的一个数。请问该怎么办呢？只能重新扫描所有的数，才能找到新的最小的数，这个时间复杂度也是O(N)。假如现在有14次这样的操作（删除最小的数后并添加一个新数）。那么整个时间复杂度就是O(142)即O(N2)。那有没有更好的方法呢？堆这个特殊的结构恰好能够很好地解决这个问题。
首先我们先把这个14个数按照最小堆的要求（就是所有父结点都比子结点要小）放入一棵完全二叉树，就像下面这棵树一样。
很显然最小的数就在堆顶，假设存储这个堆的数组叫做h的话，最小数就是h[ 1]。接下来，我们将堆顶的数删除，并将新增加的数23放到堆顶。显然加了新数后已经不符合最小堆的特性，我们需要将新增加的数调整到合适的位置。那如何调整呢？
向下调整！我们需要将这个数与它的两个儿子2和5比较，并选择较小一个与它交换，交换之后如下。
我们发现此时还是不符合最小堆的特性，因此还需要继续向下调整。于是继续将23与它的两个儿子12和7比较，并选择较小一个交换，交换之后如下。
到此，还是不符合最小堆的特性，仍需要继续向下调整直到符合最小堆的特性为止。
我们发现现在已经符合最小堆的特性了。综上所述，当新增加一个数被放置到堆顶时，如果此时不符合最小堆的特性，则将需要将这个数向下调整，直到找到合适的位置为止，使其重新符合最小堆的特性。
向下调整的代码如下。
void siftdown(int i) //传入一个需要向下调整的结点编号i，这里传入1，即从堆的顶点开始向下调整 { int t,flag=0;//flag用来标记是否需要继续向下调整 //当i结点有儿子的时候（其实是至少有左儿子的情况下）并且有需要继续调整的时候循环窒执行 while( i*2<=n && flag==0 ) { //首先判断他和他左儿子的关系，并用t记录值较小的结点编号 if( h[ i] > h[ i*2] ) t=i*2; else t=i; //如果他有右儿子的情况下，再对右儿子进行讨论 if(i*2+1 <= n) { //如果右儿子的值更小，更新较小的结点编号 if(h[ t] > h[ i*2+1]) t=i*2+1; } //如果发现最小的结点编号不是自己，说明子结点中有比父结点更小的 if(t!=i) { swap(t,i);//交换它们，注意swap函数需要自己来写 i=t;//更新i为刚才与它交换的儿子结点的编号，便于接下来继续向下调整 } else flag=1;//则否说明当前的父结点已经比两个子结点都要小了，不需要在进行调整了 }}
我们刚才在对23进行调整的时候，竟然只进行了3次比较，就重新恢复了最小堆的特性。现在最小的数依然在堆顶为2。之前那种从头到尾扫描的方法需要14次比较，现在只需要3次就够了。现在每次删除最小的数并新增一个数，并求当前最小数的时间复杂度是O(3)，这恰好是O(log214)即O(log2N)简写为O(logN)。假如现在有1亿个数（即N=1亿），进行1亿次删除最小数并新增一个数的操作，使用原来扫描的方法计算机需要运行大约1亿的平方次，而现在只需要1亿*log1亿次，即27亿次。假设计算机每秒钟可以运行10亿次，那原来则需要一千万秒大约115天！而现在只要2.7秒。是不是很神奇，再次感受到算法的伟大了吧。
说到这里，如果只是想新增一个值，而不是删除最小值又该如何操作呢？即如何在原有的堆上直接插入一个新元素呢？只需要直接将新元素插入到末尾，再根据情况判断新元素是否需要上移，直到满足堆的特性为止。如果堆的大小为N（即有N个元素），那么插入一个新元素所需要的时间也是O(logN)。例如我们现在要新增一个数3。
先将3与它的父结点25比较，发现比父结点小，为了维护最小堆的特性，需要与父结点的值进行交换。交换之后发现还是要比它此时的父结点5小，因此需要再次与父结点交换。至此又重新满足了最小堆的特性。向上调整完毕后如下。
向上调整的代码如下。
void siftup(int i) //传入一个需要向上调整的结点编号i{ int flag=0; //用来标记是否需要继续向上调整 if(i==1) return; //如果是堆顶，就返回，不需要调整了 //不在堆顶 并且 当前结点i的值比父结点小的时候继续向上调整 while(i!=1 && flag==0) { //判断是否比父结点的小 if(h[ i]<h[ i/2]) swap(i,i/2);//交换他和他爸爸的位置 else flag=1;//表示已经不需要调整了，当前结点的值比父结点的值要大 i=i/2; //这句话很重要，更新编号i为它父结点的编号，从而便于下一次继续向上调整 }} 说了半天，我们忽略一个很重要的问题！就是如何建立这个堆。我们周一接着说。
http://www.cnblogs.com/ahalei/p/3783543.html
声明：以上内容来自用户投稿及互联网公开渠道收集整理发布，本网站不拥有所有权，未作人工编辑处理，也不承担相关法律责任，若内容有误或涉及侵权可进行投诉： 投诉/举报 工作人员会在5个工作日内联系你，一经查实，本站将立刻删除涉嫌侵权内容。