//给一个正常的骰子
//F[n] 为这个骰子有一个数连续出现n次的期望
//h[n] 我这个骰子连续出现n个1的期望
//g[n] 为出现n个1的期望
//求最小的m1使得G(m1)>=F[n] , 最小的m2使得G(m2) >= H(n)


//f[i] 一个数连续掷了i次，其F[n]
//非常easy得到f[i] = 1 + 1/6*f[i+1] + 5/6*f[1]   f[n] = 0
//easy求得F[n] = f[0] = (6^(n+1) - 6)/5


//h[i] 1连续出了i次其连续掷n次的期望
//h[i] = 1 + 1/6*h[i+1] + 5/6*h[0] h[n] = 0;
//H[n] = h[0] = (6^n-1)/5


//g[i] 为掷了i次1 的G[n]
//g[i] = 1/6*g[i] + 5/6*g[i+1]  g[n] = 0 ;
//G[n] = g[0] = 6*n


//可得m1 >= (6^n - 1)/30 , m2 >= (6^n - 1)/5
//所以m1 = (6^n - 6)/30 + 1 , m2 = (6^n - 1)/5 ;
//因为须要对求余， 所以先用扩展欧几里得求出30和5的逆元
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<cmath>
using namespace std ;
const int mod = 2011 ;
typedef __int64 ll ;
ll prim(ll n)
{
    ll c = 1;
    ll a = 6 ;
    while(n)
    {
        if(n&1)c = (c*a)%mod ;
        a = (a*a)%mod ;
        n/=2 ;
    }
    return c ;
}
ll exgcd(ll a , ll b , ll &x , ll &y)
{
    if(b == 0)
    {
        x = 1;
        y = 0;
        return a ;
    }
    ll r = exgcd(b , a%b , x , y) ;
    ll temp = x ;
    x = y ;
    y = temp - a/b*y ;
    return r;
}
int main()
{
    ll n ;
    ll x1 , y ,x2;
    exgcd(5 , mod ,x1,y) ;
    exgcd(30 , mod ,x2,y) ;
    while(x1<0)x1+=mod ;
    while(x2<0)x2+=mod;
    while(scanf("%I64d" ,&n)&&n)
    {
       ll m1 = (prim(n)*x1 - x1 + mod)%mod ;
       ll m2 = (prim(n)*x2 - 6*x2 + 1 + mod)%mod ;
       while(m2<0)m2+=mod ;
       printf("%I64d %I64d\n" , m2 ,m1) ;
    }
    return 0 ;
}