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【BZOJ】1834: [ZJOI2010]network 网络扩容(最大流+费用流)

 

我又思考人生了T_T,nd的数组开小了,一直wa,调了一个小时才发现啊!!!!!我一直以为我的isap错了T_T,可是完全没错啊!!!!

这题其实第一个问很简单,跑一次最大流即可。第二个问就是在跑完最大流的残量网络上每条边都扩充容量为oo,费用为边的费用,然后设个超级源连一条容量为k的边到点1,再跑一次费用流即可。

理由很简单,自己想,我就不说了。

#include <cstdio>#include <cstring>#include <cmath>#include <string>#include <iostream>#include <algorithm>using namespace std;#define rep(i, n) for(int i=0; i<(n); ++i)#define for1(i,a,n) for(int i=(a);i<=(n);++i)#define for2(i,a,n) for(int i=(a);i<(n);++i)#define for3(i,a,n) for(int i=(a);i>=(n);--i)#define for4(i,a,n) for(int i=(a);i>(n);--i)#define CC(i,a) memset(i,a,sizeof(i))#define read(a) a=getint()#define print(a) printf("%d", a)#define dbg(x) cout << #x << " = " << x << endl#define printarr(a, n, m) rep(aaa, n) { rep(bbb, m) cout << a[aaa][bbb]; cout << endl; }inline const int getint() { int r=0, k=1; char c=getchar(); for(; c<‘0‘||c>‘9‘; c=getchar()) if(c==‘-‘) k=-1; for(; c>=‘0‘&&c<=‘9‘; c=getchar()) r=r*10+c-‘0‘; return k*r; }inline const int max(const int &a, const int &b) { return a>b?a:b; }inline const int min(const int &a, const int &b) { return a<b?a:b; }const int N=1010, M=2000000, oo=~0u>>1;int ihead[N], cnt=1, cur[N], gap[N], d[N], p[N], n, m, k, vis[N], q[N], front, tail, nd[M][3];struct ED { int from, to, cap, w, next; } e[M];inline void add(const int &u, const int &v, const int &c, const int &w) {	e[++cnt].next=ihead[u]; ihead[u]=cnt; e[cnt].to=v; e[cnt].from=u; e[cnt].cap=c; e[cnt].w=w;	e[++cnt].next=ihead[v]; ihead[v]=cnt; e[cnt].to=u; e[cnt].from=v; e[cnt].cap=0; e[cnt].w=-w;}int isap(const int &s, const int &t, const int &n) {	for1(i, 0, n) cur[i]=ihead[i];	int ret=0, i, f, u=s;	gap[0]=n;	while(d[s]<n) {		for(i=cur[u]; i; i=e[i].next) if(e[i].cap && d[u]==d[e[i].to]+1) break;		if(i) {			p[e[i].to]=cur[u]=i; u=e[i].to;			if(u==t) {				for(f=oo; u!=s; u=e[p[u]].from) f=min(f, e[p[u]].cap);				for(u=t; u!=s; u=e[p[u]].from) e[p[u]].cap-=f, e[p[u]^1].cap+=f;				ret+=f;			}		}		else {			if(! (--gap[d[u]]) ) break;			d[u]=n; cur[u]=ihead[u];			for(i=ihead[u]; i; i=e[i].next) if(e[i].cap && d[u]>d[e[i].to]+1) d[u]=d[e[i].to]+1;			++gap[d[u]];			if(u!=s) u=e[p[u]].from;		}	}	return ret;}inline const bool spfa(const int &s, const int &t) {	for1(i, s, t) d[i]=1000000000, vis[i]=0;	vis[s]=1; d[s]=front=tail=0; q[tail++]=s;	int u, v, i;	while(front!=tail) {		u=q[front++]; if(front==N) front=0;		for(i=ihead[u]; i; i=e[i].next) if(e[i].cap && d[v=e[i].to]>d[u]+e[i].w) {			d[v]=d[u]+e[i].w; p[v]=i;			if(!vis[v]) {				vis[v]=1, q[tail++]=v;				if(tail==N) tail=0;			}		}		vis[u]=0;	}	return d[t]!=1000000000;}int mcf(const int &s, const int &t) {	int ret=0, f, u;	while(spfa(s, t)) {		for(f=oo, u=t; u!=s; u=e[p[u]].from) f=min(f, e[p[u]].cap);		for(u=t; u!=s; u=e[p[u]].from) e[p[u]].cap-=f, e[p[u]^1].cap+=f;		ret+=d[t]*f;	}	return ret;}int main() {	read(n); read(m); read(k);	int s=1, t=n, u, v, c;	for1(i, 1, m) {		read(u); read(v); read(c); read(nd[i][2]);		add(u, v, c, 0);		nd[i][0]=u; nd[i][1]=v;	}	printf("%d ", isap(s, t, t+1));	for1(i, 1, m) add(nd[i][0], nd[i][1], oo, nd[i][2]);	s=0; add(s, 1, k, 0);	print(mcf(s, t));	return 0;}

 

 


 

 

 

Description

给定一张有向图,每条边都有一个容量C和一个扩容费用W。这里扩容费用是指将容量扩大1所需的费用。求: 1、 在不扩容的情况下,1到N的最大流; 2、 将1到N的最大流增加K所需的最小扩容费用。

Input

输入文件的第一行包含三个整数N,M,K,表示有向图的点数、边数以及所需要增加的流量。 接下来的M行每行包含四个整数u,v,C,W,表示一条从u到v,容量为C,扩容费用为W的边。

Output

输出文件一行包含两个整数,分别表示问题1和问题2的答案。

Sample Input

5 8 2
1 2 5 8
2 5 9 9
5 1 6 2
5 1 1 8
1 2 8 7
2 5 4 9
1 2 1 1
1 4 2 1

Sample Output

13 19
30%的数据中,N<=100
100%的数据中,N<=1000,M<=5000,K<=10

HINT

Source

Day1

【BZOJ】1834: [ZJOI2010]network 网络扩容(最大流+费用流)