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C 洛谷 P3599 Koishi Loves Construction [构造 打表观察]
题目描述
Koishi决定走出幻想乡成为数学大师!
Flandre听说她数学学的很好,就给Koishi出了这样一道构造题:
Task1:试判断能否构造并构造一个长度为的的排列,满足其个前缀和在模的意义下互不相同
Taks2:试判断能否构造并构造一个长度为的的排列,满足其个前缀积在模的意义下互不相同
按照套路,Koishi假装自己根本不会捉,就来找你帮忙辣。
输入输出格式
输入格式:
第一行两个整数和,分别表示Task类型和测试点内的数据组数。
接下来行,每行一个整数表示每组数据中的
输出格式:
为了方便SPJ的编写,您需要遵从以下格式输出。
对于每组数据仅包含一行输出:
如果您认为当前数据不存在符合题意的构造,只需输出一个整数
如果您认为当前数据存在符合题意的构造却不会构造,只需输出一个整数
- 如果您认为当前数据存在符合题意的构造并成功构造,则需要先输出一个整数,再输出个整数表示构造的方案。
每两个整数之间需要有空格作为分隔符
输入输出样例
1 18
2 8 7 6 5 4 3 2 1
2 111
2 1 2 3 5 10 6 7 4 9 8 11
说明
对于每组数据
如果您对于构造的存在性判断正确,您将会得到的分数,若您的构造符合题意或者确实不存在符合题意的构造,您将会得到剩余的的分数。
- 如果您对于构造的存在性判断不正确,您将不会得到任何分数。
对于每组测试点,您的得分将是本组数据点中得分的最小值。
测试点类型1:10分,满足
测试点类型2:40分,满足
测试点类型3:10分,满足
测试点类型4:40分,满足
对于所有测试点,满足
当时想出如何判断了但是不会构造
前缀和不存在就是n|(1+2+...+n)
前缀积不存在就是n|(n-1)!
直接上标解了:
Task1:
通过爆搜观察发现,除了 以外的奇数都无解,偶数都有解。
证明:由于 ,也就是说 必须放于第一位,前缀和第一位一定是 ,奇数情况下又由于 ,也就是说前缀和最后一位一定是 ,导致矛盾。
打表观察,每个偶数搜出来的方案都有 ,不难证明其正确性。
Task2:
通过爆搜观察发现,除了 以外的合数都无解,质数都有解。
证明:考虑到 ,那么前缀积的最后一项一定是 ,也就是说最后一项尽量放 ,那么这要求 ,发现只有 和质数胜任这个要求。
打表观察,每个质数搜出来的前缀积方案都有 ,也就是说第 位就是 ,通过逆元算出来就可以了。1和4的情况特判即可。
醉了快速幂又写成if(b)......
//// main.cpp// CC//// Created by Candy on 2017/2/2.// Copyright © 2017年 Candy. All rights reserved.//#include <iostream>#include <cstdio>#include <algorithm>#include <cstring>#include <cmath>using namespace std;typedef long long ll;inline int read(){ char c=getchar();int x=0,f=1; while(c<‘0‘||c>‘9‘){if(c==‘-‘)f=-1; c=getchar();} while(c>=‘0‘&&c<=‘9‘){x=x*10+c-‘0‘; c=getchar();} return x*f;}int task,T,n;void solve1(int n){ if(n==1) puts("2 1"); else if(n&1) puts("0"); else{ printf("2 "); printf("%d ",n); for(int i=1;i<n;i++){ if(i&1) printf("%d ",i); else printf("%d ",n-i); } puts(""); }}inline bool isP(int n){ if(n==2) return true; int m=sqrt(n)+1; for(int i=2;i<=m;i++) if(n%i==0) return false; return true;}ll powMod(ll a,ll b,ll MOD){ ll ans=1; for(;b;b>>=1,a=(a*a)%MOD) if(b&1) ans=(ans*a)%MOD; return ans;}void solve2(int n){ if(n==1) puts("2 1"); else if(n==2) puts("2 1 2"); else if(n==4) puts("2 1 3 2 4"); else if(!isP(n)) puts("0"); else{ printf("2 1 "); for(int i=2;i<=n;i++){ printf("%lld ",(i*powMod(i-1,n-2,n)-1)%n+1); } puts(""); }}int main(int argc, const char * argv[]) { task=read();T=read(); while(T--){ n=read(); if(task==1) solve1(n); else solve2(n); } return 0;}
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