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BZOJ 1815: [Shoi2006]color 有色图 [Polya DFS 重复合并]

传送门

题意:

染色图是无向完全图,且每条边可被染成k种颜色中的一种。
两个染色图是同构的,当且仅当可以改变一个图的顶点的编号,使得两个染色图完全相同。
问N个顶点,k种颜色,本质不同的染色图个数(模质数N≤53,P<109)。


想了一节课和一中午又看了课件

相同类型的循环合并的想法很巧妙

首先,点的置换对应唯一边的置换,我们可以枚举所有点的置换,找出每个置换下边置换的循环有多少个,然后套$Polya$公式

但是复杂度带叹号

我们发现,很多点置换类型是一样的,我们可以对$n$搜索划分来枚举点置换的类型(即每个循环的长度),然后找出这种类型的置换有多少个

设每个循环长度$L_1,L_2,...,L_n$,那么相同类型的置换就相当于每个循环做圆排列,然后消除循环长度相同的影响

$\frac{n!}{L_1 L_2...L_n s_1! s_2!...s_t!}$

$s$为相同的长度的个数

那么如何从点的置换得到边的置换?

同一个循环里的边,他们的置换个数为$\frac{L}{2}$,具体可以把点排成一个圈画图观察一下

两个循环之间的边,他们的置换长度为$LCM(L_1,L_2)$,共有$L_1*L_2$条边,则个数为$GCD(L_1,L_2)$

 

然后就可以做了

#include<iostream>#include<cstdio>#include<cstring>#include<algorithm>#include<cmath>using namespace std;const int N=60;typedef long long ll;inline int read(){    char c=getchar();int x=0,f=1;    while(c<0||c>9){if(c==-)f=-1; c=getchar();}    while(c>=0&&c<=9){x=x*10+c-0; c=getchar();}    return x*f;}int n,m,P;ll inv[N],fac[N],facInv[N];void ini(){    inv[1]=1;fac[0]=facInv[0]=1;    for(int i=1;i<=n;i++){        if(i!=1) inv[i]=-P/i*inv[P%i]%P;        if(inv[i]<0) inv[i]+=P;        fac[i]=fac[i-1]*i%P;        facInv[i]=facInv[i-1]*inv[i]%P;    }}int L[N],tot;ll sum,ans;inline int gcd(int a,int b){return b==0 ? a : gcd(b,a%b);}inline ll Pow(ll a,int b){    ll re=1;    for(;b;b>>=1,a=a*a%P)        if(b&1) re=re*a%P;    return re;}inline void mod(ll &x){if(x>=P) x-=P;}void dfs(int d,int now){    if(d==n){        int lo=0;        ll cnt=fac[n],same=1;        sort(L+1,L+1+tot);        //printf("tot %d\n",tot);        //for(int i=1;i<=tot;i++) printf("%d ",L[i]);puts("\n end");        for(int i=1;i<=tot;i++){            lo+=L[i]/2;            for(int j=i+1;j<=tot;j++) lo+=gcd(L[i],L[j]);            cnt=cnt*inv[L[i]]%P;            if(i!=1&&L[i]==L[i-1]) same++;            else if(same!=1) cnt=cnt*facInv[same]%P,same=1;        }        if(same!=1) cnt=cnt*facInv[same]%P;        //printf("hi %d %lld\n",lo,cnt);        mod(sum+=cnt);        mod(ans+=cnt%P*Pow(m,lo)%P);        //puts("\n");    }else{        for(int j=now;d+j<=n;j++){            L[++tot]=j;            dfs(d+j,j);            tot--;        }    }}int main(){    freopen("in","r",stdin);    n=read();m=read();P=read();    ini();    dfs(0,1);    //printf("%lld %lld\n",ans,sum);    ans=ans*Pow(sum,P-2)%P;    printf("%lld",ans);}

 

BZOJ 1815: [Shoi2006]color 有色图 [Polya DFS 重复合并]