首页 > 代码库 > CH Round #55 - Streaming #6 (NOIP模拟赛day2)解题报告
CH Round #55 - Streaming #6 (NOIP模拟赛day2)解题报告
T1九九归一
描述
萌蛋在练习模n意义下的乘法时发现,总有一些数,在自乘若干次以后,会变成1。例如n=7,那么5×5 mod 7=4,4×5 mod 7=6,6×5 mod 7=2,2×5 mod 7=3,3×5 mod 7=1。如果继续乘下去,就会陷入循环当中。
萌蛋还发现,这个循环的长度经常会是φ(n),即小于n且与n互质的正整数的个数。例如,φ(7)=6,而上述循环的长度也是6,因为5,4,6,2,3,1共有6个数。
再如n=6,那么5×5 mod 6=1。这个循环的长度很短,只有2,而恰好φ(6)=2。
然而,对于某些情况,虽然循环的长度可以是φ(n),但存在比φ(n)更小的长度:例如n=7,而2×2 mod 7=4,4×2 mod 7=1,循环的长度只有3。当然,6也可以是一个循环的长度。
假设已知了n,我们称数a神奇的,当且仅当关于数a的循环长度可以是φ(n),而且不存在比φ(n)更小长度的循环。例如对于n=7,5是神奇的,而2不是神奇的。
现在给出n和q次询问,每次询问给出a,问a是否是神奇的。
输入格式
第一行两个整数n q。n≤10,000,000,q≤100,000,0≤a<n。
第二行有q个整数,每个表示一个a。
输出格式
输出q个字符,1表示这个数是神奇的,0表示这个数不是神奇的。
样例输入
7 35 2 0
样例输出
100
首先我们用O(sqrt(n))的时间求出fai(n),然后对于每一个数a,进行一次快速幂算出afai(n)Mod n是否为1,不为1则直接输出0即可。
题目中已经告知循环的长度必定为fai(n)的因数,那么我们事先用sqrt(n)的时间求出fai(n)的所有因数,那么一个数的因数是log(n)级别的,于是对于每一个因数进行快速幂判断是否神奇,总复杂度loglogn
1 #include <iostream> 2 #include <cstring> 3 #include <cstdio> 4 #include <cstdlib> 5 #include <cmath> 6 #include <algorithm> 7 #include <queue> 8 #include <stack> 9 #include <map>10 #include <set>11 #include <list>12 #include <vector>13 #include <ctime>14 #include <iterator>15 #include <functional>16 #define pritnf printf17 #define scafn scanf18 #define For(i,j,k) for(int i=(j);i<=(k);(i)++)19 using namespace std;20 typedef long long LL;21 typedef unsigned int Uint; 22 const int INF=0x7ffffff;23 //==============struct declaration==============24 25 //==============var declaration=================26 LL bound;27 vector <LL> fact;28 int siz;29 //==============function declaration============30 int fai(LL x);31 int gcd(LL a,LL b){return a%b==0?b:gcd(b,a%b);}32 bool loop(LL x,LL Mod);33 void divide(LL x);34 LL quickpow(int x,int Exp,LL Mod);35 //==============main code=======================36 int main()37 { 38 LL Mod,q;39 scanf("%lld%lld",&Mod,&q);40 bound=fai(Mod);divide(bound);41 while (q--){42 LL query;43 scanf("%lld",&query);44 if (gcd(query,Mod)!=1)//可以证明如果不互质是不可能循环的45 //此处用quickpow亦可,时间复杂度均为log(n)46 putchar(‘0‘);47 else if (loop(query,Mod))48 putchar(‘1‘);49 else 50 putchar(‘0‘);51 }52 return 0;53 }54 //================fuction code====================55 int fai(LL x)//欧拉函数56 {57 LL res=x;58 LL m=sqrt(x+0.5);59 for(LL i=2;i<=m;i++){60 if (x%i==0){61 res=res/i*(i-1);62 while (x%i==0)63 x/=i;64 }65 } 66 if (x!=1)67 res=res/x*(x-1);68 return res;69 }70 bool loop(LL x,LL Mod)//判断是否神奇71 {72 for(int i=0;i<=siz;i++)73 if (quickpow(x,fact[i],Mod)==1)74 return false;75 return true;76 }77 void divide(LL x)//分解因数78 {79 int m=sqrt(x+0.5);80 For(i,2,m)81 if (x%i==0){82 fact.push_back(i);83 fact.push_back(x/i);84 }85 sort(fact.begin(),fact.end());86 siz=fact.size()-1;87 }88 LL quickpow(int x,int Exp,LL Mod)//快速幂89 {90 if (Exp==0)91 return 1;92 if (Exp==1)93 return x;94 LL t=quickpow(x,Exp/2,Mod);95 t=(t*t)%Mod;96 if (Exp&1)97 t=(t*x)%Mod;98 return t;99 }
T2 LCA的统计
描述
萌蛋有一棵n个节点的有根树,其根节点为1。除此之外,节点i的父节点为p_i。每个点上都有一个权值,节点i的权值是w_i。
萌蛋知道你一定知道什么叫做祖先(从根到某个点的路径上的每个点都是这个点的祖先,包括它本身),也一定知道什么叫做最近公共祖先(两个点的最近公共祖先是某个点,这个点同时是两个点的祖先,且离根最远)。
现在给出这棵树,你需要求出:
其中LCA(i,j)表示点i与点j的最近公共祖先。
由于答案可能很大,你只需要输出它对1,000,000,007取模的结果。
输入格式
第一行为两个整数n w_1。1≤n≤100,000,0≤w_i≤1,000,000,000,1≤p_i<i
第二行到第n行,第i行有两个整数p_i w_i。
输出格式
输出只有一行,为一个整数,表示所求答案对1,000,000,007取模的结果。
样例输入
2 21 1
样例输出
17
怎么说呢。这道题我其实考试的时候想了很久,没有想到什么好的算法,我的算法是O(n*deg2)其中deg表示这个树的度。那么针对这个复杂度应该是很容易TLE的。但是由于题目数据淼,还是AC了。
然后我发现标程也是用的这个办法。。。虽然不严谨,但是还是给出思路(记Si为以i为祖先点的所有点的W和(包括i节点本身))
对于每一个节点k,统计以它为LCA的节点,分为三部分:
一、i=j=k ans+=wk*wk*wk
二、i=k,j是i的孩子 ans+=2*(wk*wk*(Sk-Wk))
应该没有问题吧由于i,j可以互换,所以*2
三、i,j分别位于k的两个不同的子树中
我们先来看只有两个子节点的情况(圈圈内数字是节点编号)
对于1号节点进行统计i,j分别在左右子树的情况
w1*w2w3 w1*w2w6 w1*w2w7
w1*w4w3 w1*w4w6 w1*w4w7
w1*w5w3 w1*w5w7 w1*w5w7
以上加起来就是:
w1*(w2+w4+w5)(w3+w6+w7)=w1*S2*S3
最后*2,因为i,j可以调换
三叉、四叉直到n叉数都可以对每两个子树进行分别统计。
然后。。做完了吧。。记得对1,000,000,007取模就行
1 #include <iostream> 2 #include <cstring> 3 #include <cstdio> 4 #include <cstdlib> 5 #include <cmath> 6 #include <algorithm> 7 #include <queue> 8 #include <stack> 9 #include <map>10 #include <set>11 #include <list>12 #include <vector>13 #include <ctime>14 #include <iterator>15 #include <functional>16 #define pritnf printf17 #define scafn scanf18 #define For(i,j,k) for(int i=(j);i<=(k);(i)++)19 using namespace std;20 typedef long long LL;21 typedef unsigned int Uint; 22 const int INF=0x7ffffff;23 //==============struct declaration==============24 25 //==============var declaration=================26 const int MAXN=100010;27 const int MOD=1000000007;28 vector <int> Edge[MAXN];29 LL w[MAXN],S[MAXN],res=0;30 int n;31 //==============function declaration============32 void Count(int x);//计算以x为LCA的答案33 //==============main code=======================34 int main()35 { 36 scanf("%d%lld",&n,&w[1]);37 For(i,2,n){38 int pa;39 scanf("%d%lld",&pa,&w[i]);40 Edge[pa].push_back(i);41 }42 Count(1);43 printf("%lld\n",res%MOD);44 return 0;45 } 46 //================fuction code====================47 void Count(int x)48 {49 res=(res+(((w[x]*w[x])%MOD)*w[x])%MOD)%MOD;//情况150 S[x]=w[x];51 int siz=Edge[x].size()-1;52 For(i,0,siz){53 Count(Edge[x][i]);//对子节点递归处理54 res=(res+((w[x]*w[x])%MOD*(S[Edge[x][i]]*2)%MOD)%MOD)%MOD;//情况255 S[x]=(S[x]+S[Edge[x][i]])%MOD;//累加S值56 }57 For(i,0,siz)58 For(j,i+1,siz)59 res=(res+((((w[x]*S[Edge[x][i]])%MOD*S[Edge[x][j]])%MOD)*2)%MOD)%MOD;//情况360 return;61 }
T3 四驱兄弟
描述
如果你和萌蛋一样,也看过《四驱兄弟》,你或许会记得,有一局比赛十分特别,只按照5个人中的第4名计算成绩。
现在我们将问题扩展一下:一共有n个队员,只按照其中的第k名计算成绩。而赛车的规则也有所不同:一共有m个赛车,每个赛车装配着2个GP晶片的终端,且第i个赛车预期到达终点的时间为a_i。(注:不同赛车上的终端可以对应着相同的GP晶片,但不会2个都相同;任何赛车上的2个终端对应的GP晶片都是不同的)
比赛开始时,n个队员依次选择自己的赛车。对于每个队员,他可以选择开启GP晶片功能或不开启。如果开启,那么2个终端对应的GP晶片就会建立连接,且这个赛车的比赛用时就是预期时间a_i;如果不开启,那么GP晶片不会建立连接,但是这个赛车的比赛用时将会非常长(可以认为是无穷)。甚至,他可以放弃比赛,这样他不会占用任何赛车,但是当然比赛用时也会被认为是无穷。
任何时候,一旦存在若干个(至少3个)晶片A,B,C,…,X满足:A与B建立了连接,B与C建立了连接,……,X与A建立了连接(即形成了循环连接的情况),那么处理系统就会崩溃。这是非常可怕的,我们宁可让比赛用时变为无穷也不能让系统崩溃。
现在给出队员和赛车的信息,请输出最优情况下的成绩(即第k小的比赛时间的最小值)。为了增大难度,k并不是给出的,而是你需要对于1≤k≤n的所有的k输出答案。
输入格式
第一行为两个整数n m。
接下来m行,每行描述了一个赛车,格式为空格隔开的一个整数和两个字符串,分别是a_i和它的两个终端对应的GP晶片名。
输出格式
n行,每行一个整数,第i行表示i=k时的答案。特别地,如果答案是无穷,输出INF。
样例输入
3 395 GP_1 GP_2100 GP_1 gp@3100 gp@3 GP_2
样例输出
95100INF
数据范围与约定
对于20%的数据,n,m≤3,GP晶片名称的长度均为1。
对于40%的数据,n,m≤6,GP晶片名称的长度均为1。
对于60%的数据,n,m≤1,000,GP晶片的长度不会超过3。
对于100%的数据,0<n,m≤100,000,0<a_i≤1,000,000,000,GP晶片的名称只包含大小写字母、数字、“@” 、“_”共64种字符且长度不会超过5且非空。
样例解释
以下是一种最优方案(方案可能不唯一):
首先,3人各自选择了1辆赛车。(都没有放弃参赛)
如果k=1,那么让赛车1开启GP晶片,其余不开启,此时3个赛车的比赛时间分别为95,INF,INF,第1名的成绩是95。
如果k=2,那么让赛车2和3开启GP晶片,而赛车1不开启,此时3个赛车的比赛时间分别为100,100,INF,第2名的成绩是100。
如果k=3,那么由于3辆赛车不可能都开启GP晶片(因为假设都开启,那么3个GP晶片会出现循环连接的情况,这是不允许的),所以总有赛车没有开启GP晶片,那么第3名的成绩一定是INF。
iostream害人啊!!本来可以AK的就是因为cin超时了。。。最后一题只有80分。我还写了ios::sync_with_stdio(false)都超时。。等等测试一下不开有多少分。
很简单的一个模型。将一辆赛车看成一条边,连接两个不同的芯片,边长为速度,那么这一题就改成了选n条边,使得图中不出现环,且对于k∈[1,n]来说,第k大的边最小。
那么。。最小生成树。。
证明自行搜索克鲁斯卡尔算法的证明,基本类似。
1 #include <iostream> 2 #include <cstring> 3 #include <cstdio> 4 #include <cstdlib> 5 #include <cmath> 6 #include <algorithm> 7 #include <queue> 8 #include <stack> 9 #include <map>10 #include <set>11 #include <list>12 #include <vector>13 #include <ctime>14 #include <iterator>15 #include <functional>16 #define pritnf printf17 #define scafn scanf18 #define For(i,j,k) for(int i=(j);i<=(k);(i)++)19 using namespace std;20 typedef long long LL;21 typedef unsigned int Uint; 22 const int INF=0x7ffffff;23 //==============struct declaration==============24 struct adj{25 int s,e,len;26 bool operator <(const adj &rhs)const {27 return len<rhs.len;28 }29 };30 //==============var declaration=================31 map <string,int> id;32 const int MAXN=100010;33 adj Edge[MAXN];34 int n,m,tot=0;35 int root[MAXN*2];36 //==============function declaration============37 int findr(int x){return root[x]==x?x:root[x]=findr(root[x]);}38 //==============main code=======================39 int main()40 { 41 id.clear();42 scanf("%d%d",&n,&m); 43 For(i,1,m){44 char str1[20],str2[20];45 string str;46 scanf("%d%s%s",&Edge[i].len,str1,str2);47 str=string(str1);48 if (id[str]==0)49 id[str]=++tot;50 Edge[i].s=id[str];51 str=string(str2);52 if (id[str]==0)53 id[str]=++tot;54 Edge[i].e=id[str];55 }56 sort(Edge+1,Edge+1+m);57 For(i,1,tot)58 root[i]=i;59 for(int i=1;i<=m&&n>0;i++){60 adj &e=Edge[i];61 if (findr(e.s)!=findr(e.e)){62 printf("%d\n",e.len);63 n--;64 root[findr(e.s)]=findr(e.e);65 } 66 }67 while (n--)68 printf("INF\n");69 return 0;70 }71 //================fuction code====================
CH Round #55 - Streaming #6 (NOIP模拟赛day2)解题报告