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洛谷P2725 邮票 Stamps

P2725 邮票 Stamps

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  • 为什么RE?在codevs上AC的。

题目背景

给一组 N 枚邮票的面值集合(如,{1 分,3 分})和一个上限 K —— 表示信封上能够贴 K 张邮票。计算从 1 到 M 的最大连续可贴出的邮资。

题目描述

例如,假设有 1 分和 3 分的邮票;你最多可以贴 5 张邮票。很容易贴出 1 到 5 分的邮资(用 1 分邮票贴就行了),接下来的邮资也不难:

6 = 3 + 3 7 = 3 + 3 + 1 8 = 3 + 3 + 1 + 1 9 = 3 + 3 + 3 10 = 3 + 3 + 3 + 1 11 = 3 + 3 + 3 + 1 + 1 12 = 3 + 3 + 3 + 3 13 = 3 + 3 + 3 + 3 + 1

然而,使用 5 枚 1 分或者 3 分的邮票根本不可能贴出 14 分的邮资。因此,对于这两种邮票的集合和上限 K=5,答案是 M=13。 [规模最大的一个点的时限是3s]

小提示:因为14贴不出来,所以最高上限是13而不是15

输入输出格式

输入格式:

 

第 1 行: 两个整数,K 和 N。K(1 <= K <= 200)是可用的邮票总数。N(1 <= N <= 50)是邮票面值的数量。

第 2 行 .. 文件末: N 个整数,每行 15 个,列出所有的 N 个邮票的面值,每张邮票的面值不超过 10000。

 

输出格式:

 

第 1 行:一个整数,从 1 分开始连续的可用集合中不多于 K 张邮票贴出的邮资数。

 

输入输出样例

输入样例#1:
5 21 3
输出样例#1:
13

说明

题目翻译来自NOCOW。

USACO Training Section 3.1

分析:一开始想到的就是从给定的邮票开始dfs,如果搜到的邮资不超过最大范围,就标记上,这样会超时.打个表,发现有很多次都搜索到同一个数字,因为次数有限,如果能够使搜索到这个数字的次数最少,那么能够到达的邮资就更多,这样的话就开一个数组记录一下最少次数,不过这样还是不能改变超时的命运.重新分析一下搜索的方法,是“发”的,也就是从一个已知状态向未知状态扩展,还有一种是“收”的,即用已知状态更新当前的位置状态,之前采用的第一种方法,很难优化,而采用第二种方法,先给邮票面值排序,从小到大枚举,如果用当前枚举到的邮资减当前枚举到的邮票面值为负数,那么就可以停止枚举.这样就不会超时了.

49分代码:

 

#include <cstdio>#include <cstring>#include <iostream>#include <algorithm>using namespace std;int k, n,a[55],maxn,vis[2000010];bool cmp(int x, int y){    return x > y;}void dfs(int x,int kk){    vis[x] = 1;    for (int i = 1; i <= n; i++)        if (x + a[i] <= maxn && kk + 1 <= k)            dfs(x + a[i],kk + 1);}int main(){    scanf("%d%d", &k, &n);    for (int i = 1; i <= n; i++)    {        scanf("%d", &a[i]);    }    sort(a + 1, a + 1 + n, cmp);    maxn = a[1] * k;        for (int i = 1; i <= n; i++)        if (!vis[a[i]])            dfs(a[i],1);                    for (int i = 1;i <= maxn; i++)        if (!vis[i])        {            printf("%d\n", i - 1);            break;        }            //while (1);    return 0;}

 

 

 

AC代码:

#include <cstdio>#include <iostream>#include <cstring>#include <algorithm>using namespace std;int k, n,fen[210],f[2000010];int main(){    scanf("%d%d", &k, &n);    for (int i = 1; i <= n; i++)        scanf("%d", &fen[i]);    sort(fen + 1, fen + 1 + n);    for (int i = 1; i <= 2000009;i++)        f[i] = 1000000000;    f[0] = 0;    int cnt = 0;    do    {        cnt++;        for (int j = 1; j <= n; j++)            if (cnt >= fen[j])                f[cnt] = min(f[cnt], f[cnt - fen[j]] + 1);            else                break;    } while (f[cnt] <= k && f[cnt] != 1000000000);        printf("%d", cnt - 1);    return 0;}

 

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