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NOIP2009最优贸易[spfa变形|tarjan 缩点 DP]

题目描述

C 国有 n 个大城市和 m 条道路,每条道路连接这 n 个城市中的某两个城市。任意两个

城市之间最多只有一条道路直接相连。这 m 条道路中有一部分为单向通行的道路,一部分

为双向通行的道路,双向通行的道路在统计条数时也计为 1 条。

C 国幅员辽阔,各地的资源分布情况各不相同,这就导致了同一种商品在不同城市的价

格不一定相同。但是,同一种商品在同一个城市的买入价和卖出价始终是相同的。

商人阿龙来到 C 国旅游。当他得知同一种商品在不同城市的价格可能会不同这一信息

之后,便决定在旅游的同时,利用商品在不同城市中的差价赚回一点旅费。设 C 国 n 个城

市的标号从 1~ n,阿龙决定从 1 号城市出发,并最终在 n 号城市结束自己的旅行。在旅游的

过程中,任何城市可以重复经过多次,但不要求经过所有 n 个城市。阿龙通过这样的贸易方

式赚取旅费:他会选择一个经过的城市买入他最喜欢的商品――水晶球,并在之后经过的另

一个城市卖出这个水晶球,用赚取的差价当做旅费。由于阿龙主要是来 C 国旅游,他决定

这个贸易只进行最多一次,当然,在赚不到差价的情况下他就无需进行贸易。

假设 C 国有 5 个大城市,城市的编号和道路连接情况如下图,单向箭头表示这条道路

为单向通行,双向箭头表示这条道路为双向通行。

技术分享

假设 1~n 号城市的水晶球价格分别为 4,3,5,6,1。

阿龙可以选择如下一条线路:1->2->3->5,并在 2 号城市以 3 的价格买入水晶球,在 3

号城市以 5 的价格卖出水晶球,赚取的旅费数为 2。

阿龙也可以选择如下一条线路 1->4->5->4->5,并在第 1 次到达 5 号城市时以 1 的价格

买入水晶球,在第 2 次到达 4 号城市时以 6 的价格卖出水晶球,赚取的旅费数为 5。

现在给出 n 个城市的水晶球价格,m 条道路的信息(每条道路所连接的两个城市的编号

以及该条道路的通行情况)。请你告诉阿龙,他最多能赚取多少旅费。

输入输出格式

输入格式:

 

第一行包含 2 个正整数 n 和 m,中间用一个空格隔开,分别表示城市的数目和道路的

数目。

第二行 n 个正整数,每两个整数之间用一个空格隔开,按标号顺序分别表示这 n 个城

市的商品价格。

接下来 m 行,每行有 3 个正整数,x,y,z,每两个整数之间用一个空格隔开。如果 z=1,

表示这条道路是城市 x 到城市 y 之间的单向道路;如果 z=2,表示这条道路为城市 x 和城市

y 之间的双向道路。

 

输出格式:

 

输出文件 trade.out 共 1 行,包含 1 个整数,表示最多能赚取的旅费。如果没有进行贸易,

则输出 0。

 

输入输出样例

输入样例#1:
5 5 4 3 5 6 1 1 2 1 1 4 1 2 3 2 3 5 1 4 5 2 
输出样例#1:
5

说明

【数据范围】

输入数据保证 1 号城市可以到达 n 号城市。

对于 10%的数据,1≤n≤6。

对于 30%的数据,1≤n≤100。

对于 50%的数据,不存在一条旅游路线,可以从一个城市出发,再回到这个城市。

对于 100%的数据,1≤n≤100000,1≤m≤500000,1≤x,y≤n,1≤z≤2,1≤各城市

水晶球价格≤100。

NOIP 2009 提高组 第三题


 

很明显要求每个点之前的最小点和之后的最大点

暴力的话O(n^2)

50%是DAG,直接DP就行了

如果不是DAG,没法直接用DP,有两种思路

1.将spfa变形,从求d[i]变成求mn[i]和mx[i],当然要正反建图

2.tarjan求强连通分量,然后缩点再DP

 

当然是spfa好写了

////  main.cpp//  noip2009c////  Created by Candy on 28/10/2016.//  Copyright © 2016 Candy. All rights reserved.//#include <iostream>#include <cstdio>#include <cstring>#include <algorithm>#include <cmath>#include <queue>using namespace std;const int N=1e5+5,M=5e5+5,INF=1e9;inline int read(){    char c=getchar();int x=0,f=1;    while(c<0||c>9){if(c==-)f=-1; c=getchar();}    while(c>=0&&c<=9){x=x*10+c-0; c=getchar();}    return x*f;}int n,m,x,y,z,w[N];struct edge{    int v,ne,vf,nef;}e[M<<1];int h[N],cnt=0,hf[N];void ins(int u,int v){    cnt++;    e[cnt].v=v;e[cnt].ne=h[u];h[u]=cnt;    e[cnt].vf=u;e[cnt].nef=hf[v];hf[v]=cnt;}int q[N],head=1,tail=1,inq[N];int mn[N],mx[N];inline void lop(int &x){if(x==N-1) x=1;}void spfa1(){    memset(mn,127,sizeof(mn));    q[tail++]=1;    mn[1]=w[1];    while(head!=tail){        int u=q[head++];inq[u]=0;lop(head);//printf("spfa1 %d\n",u);        for(int i=h[u];i;i=e[i].ne){            int v=e[i].v;            if(mn[v]>min(mn[u],w[v])){                mn[v]=min(mn[u],w[v]);                if(!inq[v]){q[tail++]=v;inq[v]=1;lop(tail);}            }        }    }}void spfa2(){    memset(mx,-1,sizeof(mx));    memset(inq,0,sizeof(inq));    head=tail=1;    q[tail++]=n;    mx[n]=w[n];    while(head!=tail){        int u=q[head++];inq[u]=0;lop(head);//printf("spfa2 %d %d\n",u,mx[u]);        for(int i=hf[u];i;i=e[i].nef){            int v=e[i].vf;            if(mx[v]<max(mx[u],w[v])){                mx[v]=max(mx[u],w[v]);                if(!inq[v]){q[tail++]=v;inq[v]=1;lop(tail);}            }        }    }}int main(int argc, const char * argv[]) {    n=read();m=read();    for(int i=1;i<=n;i++) w[i]=read();    for(int i=1;i<=m;i++){        x=read();y=read();z=read();        ins(x,y);if(z==2) ins(y,x);    }    spfa1();    spfa2();    int ans=0;    for(int i=1;i<=n;i++){        if(mn[i]<INF&&mx[i]>0) ans=max(ans,mx[i]-mn[i]);        //printf("%d %d %d\n",i,mn[i],mx[i]);    }    printf("%d",ans);    return 0;}

 

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