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BZOJ 2658 小蓝的好友

题目链接:http://www.lydsy.com:808/JudgeOnline/problem.php?id=2658

题意:给出一个n*m的格子。某些格子中有障碍。求包含至少一个障碍的矩形有多少个?

思路:我们求空白矩形的个数。

从上到下一行一行计算,每到达一行,计算以该行为底的空白矩形个数。我们只需要知道每列向上延伸的最大距离。

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这个可以看做是一棵树

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我们只需要记录每个的高度即可。

那么每次增加一行,若整行都没有障碍,则根节点的高度增加1.否则,障碍将树分为若干子树。这个操作可以用fhq treap实现,即通过树的分离和合并实现所有操作。

合并两个子树AB时,要求A的所有元素小于B。或者将A设为B的左孩子,或者将B设为A的右孩子。这个操作比较简单。

对于分离操作,用split(now,x,y,K)表示,将now为根的子树的前K个孩子分离,分开后的两个子树的根分别是x,y

设K=5

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分离红色圈住的5个节点,过程如下:

(这个图来自http://hi.baidu.com/wdxertqdtscnwze/item/7b6a9419be7c68cd756a8498)

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const int N=100005;struct node{    int c[2],h,det,size;    i64 ans;    void add(int x)    {        h+=x;        det+=x;    }};node a[N];int root;#define C2(x) ((x)*((x)+1)/2)void pushUp(int t){    if(!t) return;    a[t].size=1;    a[t].ans=0;    for(int i=0;i<2;i++) if(a[t].c[i])    {        int p=a[t].c[i];        a[t].size+=a[p].size;        a[t].ans+=a[p].ans;        a[t].ans+=(i64)(a[p].h-a[t].h)*C2(a[p].size);    }}void pushDown(int t){    if(!t||!a[t].det) return;    if(a[t].c[0]) a[a[t].c[0]].add(a[t].det);    if(a[t].c[1]) a[a[t].c[1]].add(a[t].det);    a[t].det=0;}pair<int,int> split(int u,int k){    if(!u) return MP(0,0);    pushDown(u);    if(a[a[u].c[0]].size+1<=k)    {        k-=a[a[u].c[0]].size+1;        pair<int,int> tmp=split(a[u].c[1],k);        a[u].c[1]=tmp.first;        pushUp(u);        return MP(u,tmp.second);    }    else    {        pair<int,int> tmp=split(a[u].c[0],k);        a[u].c[0]=tmp.second;        pushUp(u);        return MP(tmp.first,u);    }}int merge(int u,int v){    if(!u||!v) return u+v;    pushDown(u);    pushDown(v);    if(a[u].h<a[v].h)    {        a[u].c[1]=merge(a[u].c[1],v);        pushUp(u);        return u;    }    else    {        a[v].c[0]=merge(u,a[v].c[0]);        pushUp(v);        return v;    }}pair<int,int> b[N];int n,m,K;int main(){    n=myInt();    m=myInt();    K=myInt();    for(int i=1;i<=K;i++)    {        b[i].first=myInt();        b[i].second=myInt();    }    sort(b+1,b+K+1);    for(int i=1;i<=m;i++)    {        root=merge(root,i);        pushUp(root);    }    int cur=1;    i64 ans=(i64)C2(n)*C2(m);    for(int i=1;i<=n;i++)    {        a[root].add(1);        while(cur<=K&&b[cur].first==i)        {            pair<int,int> tmp1=split(root,b[cur].second-1);            pair<int,int> tmp2=split(tmp1.second,1);            a[tmp2.first].h=0;            root=merge(tmp1.first,tmp2.first);            root=merge(root,tmp2.second);            cur++;        }        ans-=a[root].ans;        ans-=(i64)a[root].h*C2(a[root].size);    }    printf("%lld\n",ans);}

 

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