首页 > 代码库 > hdu 1728 逃离迷宫 （BFS）

hdu 1728 逃离迷宫 （BFS）

2024-07-12 08:46:31   211人阅读

逃离迷宫

Time Limit: 1000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 14376    Accepted Submission(s): 3458


Problem Description
　　给定一个m × n (m行, n列)的迷宫，迷宫中有两个位置，gloria想从迷宫的一个位置走到另外一个位置，当然迷宫中有些地方是空地，gloria可以穿越，有些地方是障碍，她必须绕行，从迷宫的一个位置，只能走到与它相邻的4个位置中,当然在行走过程中，gloria不能走到迷宫外面去。令人头痛的是，gloria是个没什么方向感的人，因此，她在行走过程中，不能转太多弯了，否则她会晕倒的。我们假定给定的两个位置都是空地，初始时，gloria所面向的方向未定，她可以选择4个方向的任何一个出发，而不算成一次转弯。gloria能从一个位置走到另外一个位置吗？
 

 

Input
　　第1行为一个整数t (1 ≤ t ≤ 100),表示测试数据的个数，接下来为t组测试数据，每组测试数据中，
　　第1行为两个整数m, n (1 ≤ m, n ≤ 100),分别表示迷宫的行数和列数，接下来m行，每行包括n个字符，其中字符‘.‘表示该位置为空地，字符‘*‘表示该位置为障碍，输入数据中只有这两种字符，每组测试数据的最后一行为5个整数k, x1, y1, x2, y2 (1 ≤ k ≤ 10, 1 ≤ x1, x2 ≤ n, 1 ≤ y1, y2 ≤ m),其中k表示gloria最多能转的弯数，(x1, y1), (x2, y2)表示两个位置，其中x1，x2对应列，y1, y2对应行。
 

 

Output
　　每组测试数据对应为一行，若gloria能从一个位置走到另外一个位置，输出“yes”，否则输出“no”。
 

 

Sample Input
25 5...***.**...........*....1 1 1 1 35 5...***.**...........*....2 1 1 1 3
 

 

Sample Output
no yes

 

 

           一开始自己搜DFS题，搜到了这一题，然后好不容易做出来，居然超时了，优化剪枝还是超时，但网上只看到一个用DFS做的，思路基本差不多，就有一个判断拐弯的次数有点不一样，后面就上网看了一下别人写的BFS。

 

           解题思路：就是用BFS不断的往一个方向搜，而不是往它上下左右去搜，到了搜不了的地方就返回吧。

 

贴出代码：

 

#include <stdio.h>#include <queue>using namespace std;char map[105][105];int visited[105][105], mark;int dir[4][2]={-1, 0, 0, 1, 1, 0, 0, -1};struct node{    int x, y;    int Dir, num;};int Judge(int n, int m, int x, int y){    if(x>=1 && x<=m && y>=1 && y<=n && map[x][y] == ‘.‘)        return 1;    else        return 0;}void BFS(int k, int x1, int y1, int x2, int y2, int n, int m){    struct node Node, temp;    queue <node> Q;    Node.x = x1;    Node.y = y1;    Node.num = -1;    visited[x1][y1] = 1;    Q.push(Node);    while(!Q.empty())    {        temp = Q.front();        Q.pop();        if(temp.num >= k)            continue;        for(int i = 0; i<4; i++)        {            Node = temp;            Node.x += dir[i][1];   Node.y += dir[i][0];            Node.num++;            while(Judge(n, m, Node.x, Node.y))            {                if(Node.x == x2 && Node.y == y2)                {                    mark = 1;                    return;                }                if(!visited[Node.x][Node.y])                {                    visited[Node.x][Node.y] = 1;                    Q.push(Node);                }                Node.x += dir[i][1];   Node.y += dir[i][0];            }        }    }}int main(){    int m, n, T;    int k, x1, y1, x2, y2;    scanf("%d", &T);    while(T--)    {        mark = 0;        scanf("%d%d", &m, &n);        for(int i = 1; i<=m; i++)        {            getchar();            for(int j = 1; j<=n; j++)            {                scanf("%c", &map[i][j]);                visited[i][j] = 0;            }        }        scanf("%d%d%d%d%d", &k, &y1, &x1, &y2, &x2);        BFS(k, x1, y1, x2, y2, n, m);        if(mark)            printf("yes\n");        else            printf("no\n");    }    return 0;}

 


联系
我们