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ZOJ 3233 Lucky Number --容斥原理
这题被出题人给活活坑了,题目居然理解错了。。哎,不想多说。
题意:给两组数,A组为幸运基数,B组为不幸运的基数,问在[low,high]区间内有多少个数:至少被A组中一个数整除,并且不被B中任意一个数整除。|A|<=15.
分析:看到A长度这么小,以及求区间内满足条件的个数问题,容易想到容斥原理,因为不被B中任意一个数整除,所以将B数组所有数取一个最小公倍数LCM,那么就变成了幸运数字都不会被这个LCM整除。
然后枚举子集,实现要将A中元素去除相互整除的情况,比如A = [2,4],这时因为被至少一个数整除就行,那么一个2就可以满足了,将4去掉。
设A1 = {区间内被a1整除的数},A2 = {区间内被a2整除的数},...An = {区间内被an整除的数}
那么由于:,
然后还要处理不被LCM整除的情况,设Bi = {区间内被 i 整除的数},则要减去的数为:
(cnt为数的个数)
所以就可以做容斥了。
一段区间[low,high]内被k整除的数的个数为: high/k-(low-1)/k
注意处理爆long long的情况
代码: (0ms)
#include <iostream>#include <cstdio>#include <cstring>#include <cmath>#include <algorithm>#define ll long longusing namespace std;#define N 100007ll a[17],aa[17];ll b[504];int vis[17];ll gcd(ll a,ll b){ if(!b) return a; return gcd(b,a%b);}int calc(int S) //计算数的个数{ int cnt = 0; while(S) { if(S&1) cnt++; S >>= 1; } return cnt;}int main(){ int n,m,i,j; ll low,high; ll cnt; int S; while(scanf("%d%d%lld%lld",&n,&m,&low,&high)!=EOF) { if(n == 0 && m == 0 && low == 0 && high == 0) break; for(i=0;i<n;i++) scanf("%lld",&a[i]); for(i=0;i<m;i++) scanf("%lld",&b[i]); memset(vis,0,sizeof(vis)); sort(a,a+n); for(i=0;i<n;i++) { if(vis[i]) continue; for(j=i+1;j<n;j++) { if(vis[j]) continue; if(a[j]%a[i] == 0) //去除冗余 vis[j] = 1; } } int ka = 0; for(i=0;i<n;i++) { if(!vis[i]) aa[ka++] = a[i]; } ll lcm = 1LL; int tag = 1; for(i=0;i<m;i++) //求LCM { lcm = lcm*b[i]/(gcd(lcm,b[i])); if(lcm > high || lcm < 0) { tag = 0; break; } } if(!tag) //爆出,不管 lcm = high+1; S = (1<<ka)-1; //总状态数 ll ans = 0; for(int state=1;state<=S;state++) { int c = calc(state); int sign = (c%2?1LL:-1LL); //根据个数定符号 int tmp = state; i = 0; ll antibase = 1LL; ll base = 1LL; int flag = 1; while(i<ka) //子集 { if(tmp&1) { base = base/gcd(base,aa[i])*aa[i]; if(base > high || base < 0) { flag = 0; break; } } tmp>>=1; i++; } if(!flag) continue; ans += sign*(high/base-(low-1LL)/base); if(!tag) //LCM爆范围,不管 continue; antibase = base/(gcd(base,lcm))*lcm; ans -= sign*(high/antibase-(low-1LL)/antibase); } printf("%lld\n",ans); } return 0;}
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