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BZOJ3346 : Ural1811 Dual Sim Phone
首先将边进行去重，那么有$n\geq\sqrt{m}$。
然后二分答案，转化为判定是否存在两个点它们的出边集合的并集为全集。
那么这两个点必然满足$deg_x+deg_y\geq n$。
不妨设$deg_x\geq deg_y$，那么有$deg_x\times 2\geq n$。
考虑枚举$x$，最多只会有$O(\frac{m}{n})$个$x$。
再枚举$y$，有两种判定算法：
$1.$设$f[i][j]$表示$i$是否没有指向$j$，那么只要存在$f[x][j]\ and\ f[y][j]=true$即不可行。
可以压位计算，时间复杂度$O(\frac{nm}{32})$。
$2.$枚举$y$的所有出边，通过时间戳判定是否出现在$x$中。
时间复杂度$O(\frac{m^2}{n})$。
设$S$为阈值，当$n\leq S$时用算法1，否则用算法2，则有$\frac{Sm}{32}\leq\frac{m^2}{S}$。
当$S$取$\sqrt{\frac{m}{32}}$时，取得最优复杂度$O(m\sqrt{\frac{m}{32}})$。
总时间复杂度$O(m\log m\sqrt{\frac{m}{32}})$。
#include<cstdio>#include<algorithm>const int N=10005,M=100010;int n,m,U,i,j,k,a[M],st[N],en[N],d[N],v[N],t,l,r,mid,ans;unsigned int f[2048][64];struct E{int x,y,z;}e[M];inline bool cmp(const E&a,const E&b){ if(a.x!=b.x)return a.x<b.x; if(a.y!=b.y)return a.y<b.y; return a.z<b.z;}inline void read(int&a){char c;while(!(((c=getchar())>=‘0‘)&&(c<=‘9‘)));a=c-‘0‘;while(((c=getchar())>=‘0‘)&&(c<=‘9‘))(a*=10)+=c-‘0‘;}bool check(int mid){ if(n>2048){ for(i=0;i<n;i++){ d[i]=0; for(j=st[i];j<en[i];j++)if(e[j].z<=mid)d[i]++; } for(i=0;i<n;i++)v[i]=-1; for(i=0;i<n;i++)if(d[i]*2>=n){ for(k=st[i];k<en[i];k++)if(e[k].z<=mid)v[e[k].y]=i; for(j=0;j<n;j++)if(d[i]+d[j]>=n&&d[i]>=d[j]){ t=d[i]; for(k=st[j];k<en[j];k++)if(e[k].z<=mid&&v[e[k].y]<i)t++; if(t==n)return 1; } } }else{ for(i=0;i<n;i++){ for(j=0;j<U;j++)f[i][j]=~0U; f[i][U]=0; for(j=U<<5;j<n;j++)f[i][j>>5]|=1U<<(j&31); } for(i=0;i<n;i++){ d[i]=0; for(j=st[i];j<en[i];j++)if(e[j].z<=mid)d[i]++,f[i][e[j].y>>5]^=1U<<(e[j].y&31); } for(i=0;i<n;i++)if(d[i]*2>=n){ for(j=0;j<n;j++)if(d[i]+d[j]>=n&&d[i]>=d[j]){ t=1; for(k=0;k<=U;k++)if(f[i][k]&f[j][k]){t=0;break;} if(t)return 1; } } } return 0;}int main(){ read(n),read(m);U=(n-1)>>5; for(i=1;i<=m;i++){ read(e[i].x),read(e[i].y),read(e[i].z); e[i].x--,e[i].y--; } std::sort(e+1,e+m+1,cmp); for(i=1;i<=m;i++)if(i==1||e[i].x!=e[i-1].x||e[i].y!=e[i-1].y)e[++j]=e[i]; for(m=j,i=1;i<=m;i++)a[i]=e[i].z; std::sort(a+1,a+m+1); for(i=0,j=1;i<n;i++){ st[i]=j; while(j<=m&&e[j].x==i)j++; en[i]=j; } l=1,r=m; while(l<=r)if(check(a[mid=(l+r)>>1]))r=(ans=mid)-1;else l=mid+1; if(!ans)puts("No solution");else printf("%d",a[ans]); return 0;}
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