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CodeForces 672D Robin Hood
思维。
当$k$趋向于正无穷时,答案会呈现出两种情况,不是$0$就是$1$。我们可以先判断掉答案为$1$和$0$的情况,剩下的情况都需要计算。
需要计算的就是,将最小的几个数总共加$k$次,最小值最大会是多少,以及将最大的几个数总共减$k$次,最大值最小可能是多少。两者相减就是答案。
#pragma comment(linker, "/STACK:1024000000,1024000000")#include<cstdio>#include<cstring>#include<cmath>#include<algorithm>#include<vector>#include<map>#include<set>#include<queue>#include<stack>#include<iostream>using namespace std;typedef long long LL;const double pi=acos(-1.0),eps=1e-6;void File(){ freopen("D:\\in.txt","r",stdin); freopen("D:\\out.txt","w",stdout);}template <class T>inline void read(T &x){ char c=getchar(); x=0; while(!isdigit(c)) c=getchar(); while(isdigit(c)) {x=x*10+c-‘0‘; c=getchar();}}const int maxn=500010;int n;LL k,a[maxn],ans,sum;LL p[maxn],c[maxn];LL ans1,ans2;void work(){ for(int i=1;i<=n;i++) p[i]=p[i-1]+a[i]; for(int i=1;i<=n;i++) c[i]=(i-1)*a[i]-p[i-1]; int pos; for(int i=1;i<=n;i++) if(c[i]<=k) pos=i; LL tmp=k; tmp=tmp-c[pos]; ans1=a[pos]; ans1=ans1+tmp/pos; memset(p,0,sizeof p); memset(c,0,sizeof c); for(int i=n;i>=1;i--) p[i]=p[i+1]+a[i]; for(int i=n;i>=1;i--) c[i]=p[i+1]-(n-i)*a[i]; for(int i=n;i>=1;i--) if(c[i]<=k) pos=i; tmp=k; tmp=tmp-c[pos]; ans2=a[pos]; ans2=ans2-tmp/(n-pos+1); printf("%lld",ans2-ans1);}int main(){ scanf("%d%lld",&n,&k); for(int i=1;i<=n;i++) { scanf("%lld",&a[i]); sum=sum+a[i]; } sort(a+1,a+1+n); if(sum%n==0) { LL x=0; sum=sum/n; for(int i=1;i<=n;i++) x=x+abs(sum-a[i]); if(k>=x/2) printf("0\n"); else work(); } else { LL tt=a[n]; a[n]=a[n]-sum%n; LL x=0; sum=sum/n; for(int i=1;i<=n;i++) x=x+abs(sum-a[i]); if(k>=x/2) printf("1\n"); else { a[n]=tt; work(); } } return 0;}
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