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uva11134 - Fabled Rooks(问题分解,贪心法)

这道题非常好,不仅用到了把复杂问题分解为若干个熟悉的简单问题的方法,更是考察了对贪心法的理解和运用是否到位。

首先,如果直接在二维的棋盘上考虑怎么放不好弄,那么注意到x和y无关(因为两个车完全可以在同一条斜线上,这点和皇后问题不一样),那么就可以分别考虑两个一维的问题:这是一种区间选点问题,在每个区间里都只选一个点,最后这些点分别是1到n。这就联想到这样一个经典的贪心法解决的区间选点问题:数轴上有n个闭区间[ai,bi],选取尽量少的点,使得每个区间都至少含有一个点。这个问题的解决方法就是把所有区间按b从小到大排序(b相同时a从大到小排)。然后第一个区间选最右边的点(这个点影响到的区间最多,而且第一个区间肯定是要选的,那么既然怎么也是选,那我就选最好的那个。这就是贪心法的思维),后边的也按这种想法就行了(已经被前面的点影响到的区间就不用再选点了)。

本题的区间选点也可以用贪心的方法来做,但是以下两种生搬上面经典问题解法的方法是错误的:

一.把所有区间按左端排序,然后每次选能选的最左边的。

  反例:[1,1],[1,3],[2,2];

二.由上面的例子看出:区间的长度也有影响,不能只看左端的顺序。那么如果先安排长度短的区间,如果区间长度相同再每次选最左边的行不行呢?

  也是不行滴。。。反例:[1,1],[2,3],[3,4],[1,3].如果按这种思路选,那么最后一个位置就没有可选的了,结论是输出IMPOSSIBLE,但实际上很明显最后可以选好。

那么问题来了:为什么这两种思路不对?不就是按照那个经典问题的路子走的吗?

其实原因在于对贪心法的理解不到位,贪心法是每步选择局部最优解,然后一步一步向目标迈进。这个“目标”两字很关键,说明贪心法是目标导向的,每一步的方向一定是目标。那么我上面两种方法其实只是在模仿那个经典问题的模式,但是却没有时刻注意到这个问题最终目标是实现从1到n每一位都能放上满足条件的车,比如第二个反例最后一个格最后都无法放车了,就是因为前面没有按照对最终目标的影响效果去选择局部最优解,单纯的选最左边一个是毫无道理的,因为本题已经不是那个经典的选最少点的问题了。

正确的贪心法应该是这样:

从1到n一个格一个格的选车放,每步选择的最优区间是:该区间以前没选过,包含这个格,而且右端点是所有没选过的区间里最小的,那么我选择这个区间就最大程度的防止了以后的格子没得选(因为右端点选的是最小的)。

大致思路就是这样,在具体的代码实现中,我的做法是先按右端点排好序,然后按格选。看了github上的紫书答案,是不事先排序而每次都扫一遍然后找出最小的右端点,这种方式的时间复杂的稍高了一些,实际测试情况也是如此。

下面是我的代码:

#include<iostream>#include<cstdio>#include<cstdlib>#include<cstring>#include<cmath>#include<map>#include<set>#include<vector>#include<algorithm>#include<stack>#include<queue>#include<cctype>#include<sstream>using namespace std;#define INF 1000000000#define eps 1e-8#define pii pair<int,int>#define LL long long int#define maxn 5000+5int n;bool can;struct node{    int id,lx,ly,rx,ry;    int ansx,ansy,usedx,usedy;}rook[maxn];bool cmp_x(node a,node b){    return a.rx<b.rx;}bool cmp_y(node a,node b){    return a.ry<b.ry;}bool cmp_id(node a,node b){    return a.id<b.id;}int main(){    while(scanf("%d",&n)==1&&n)    {        for(int i=0;i<n;i++)        {            rook[i].usedx=rook[i].usedy=0;            rook[i].id=i+1;            scanf("%d%d%d%d",&rook[i].lx,&rook[i].ly,&rook[i].rx,&rook[i].ry);        }        sort(rook,rook+n,cmp_x);        for(int i=1;i<=n;i++)//一格一格的看        {            can=0;            for(int j=0;j<n;j++)            {                if(rook[j].usedx==0&&rook[j].lx<=i)                {                    if(rook[j].rx<i){break;}                    rook[j].usedx=1;                    rook[j].ansx=i;                    can=1;                    break;                }            }            if(can==0)                break;        }        if(can==0) printf("IMPOSSIBLE\n");        else        {            sort(rook,rook+n,cmp_y);            for(int i=1;i<=n;i++)            {                can=0;                for(int j=0;j<n;j++)//同样是一格一格的看                {                    if(rook[j].usedy==0&&rook[j].ly<=i)                    {                        if(rook[j].ry<i){break;}                        rook[j].usedy=1;                        rook[j].ansy=i;                        can=1;                        break;                    }                }                if(can==0) break;            }            if(can==0) printf("IMPOSSIBLE\n");            else            {                sort(rook,rook+n,cmp_id);                for(int i=0;i<n;i++)                {                    printf("%d %d\n",rook[i].ansx,rook[i].ansy);                }            }        }    }    return 0;}
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下面是github上的答案代码:

// UVa11134 Fabled Rooks// Rujia Liu#include<cstdio>#include<cstring>#include <algorithm>using namespace std;// solve 1-D problem: find c so that a[i] <= c[i] <= b[i] (0 <= i < n)bool solve(int *a, int *b, int *c, int n) {  fill(c, c+n, -1);  for(int col = 1; col <= n; col++) {    // find a rook with smalleset b that is not yet assigned    int rook = -1, minb = n+1;    for(int i = 0; i < n; i++)      if(c[i] < 0 && b[i] < minb && col >= a[i]) { rook = i; minb = b[i]; }    if(rook < 0 || col > minb) return false;    c[rook] = col;  }  return true;}const int maxn = 5000 + 5;int n, x1[maxn], yy1[maxn], x2[maxn], y2[maxn], x[maxn], y[maxn];int main() {  while(scanf("%d", &n) == 1 && n) {    for (int i = 0; i < n; i++)      scanf("%d%d%d%d", &x1[i], &yy1[i], &x2[i], &y2[i]);    if(solve(x1, x2, x, n) && solve(yy1, y2, y, n))      for (int i = 0; i < n; i++) printf("%d %d\n", x[i], y[i]);    else      printf("IMPOSSIBLE\n");  }  return 0;}
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