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BZOJ3130: [Sdoi2013]费用流[最大流 实数二分]
3130: [Sdoi2013]费用流
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Description
Alice和Bob在图论课程上学习了最大流和最小费用最大流的相关知识。
最大流问题：给定一张有向图表示运输网络，一个源点S和一个汇点T，每条边都有最大流量。一个合法的网络流方案必须满足：(1)每条边的实际流量都不超过其最大流量且非负；(2)除了源点S和汇点T之外，对于其余所有点，都满足该点总流入流量等于该点总流出流量；而S点的净流出流量等于T点的净流入流量，这个值也即该网络流方案的总运输量。最大流问题就是对于给定的运输网络，求总运输量最大的网络流方案。
上图表示了一个最大流问题。对于每条边，右边的数代表该边的最大流量，左边的数代表在最优解中，该边的实际流量。需要注意到，一个最大流问题的解可能不是唯一的。 对于一张给定的运输网络，Alice先确定一个最大流，如果有多种解，Alice可以任选一种；之后Bob在每条边上分配单位花费（单位花费必须是非负实数），要求所有边的单位花费之和等于P。总费用等于每一条边的实际流量乘以该边的单位花费。需要注意到，Bob在分配单位花费之前，已经知道Alice所给出的最大流方案。现茌Alice希望总费用尽量小，而Bob希望总费用尽量大。我们想知道，如果两个人都执行最优策略，最大流的值和总费用分别为多少。
Input
第一行三个整数N，M，P。N表示给定运输网络中节点的数量，M表示有向边的数量，P的含义见问题描述部分。为了简化问题，我们假设源点S是点1，汇点T是点N。
接下来M行，每行三个整数A，B，C，表示有一条从点A到点B的有向边，其最大流量是C。
Output
第一行一个整数，表示最大流的值。
第二行一个实数，表示总费用。建议选手输出四位以上小数。
Sample Input
1 2 10
2 3 15
Sample Output
10.0000
HINT
【样例说明】
对于Alice，最大流的方案是固定的。两条边的实际流量都为10。
对于Bob，给第一条边分配0.5的费用，第二条边分配0.5的费用。总费用
为：10*0.5+10*0.5=10。可以证明不存在总费用更大的分配方案。
【数据规模和约定】
对于20%的测试数据：所有有向边的最大流量都是1。
对于100%的测试数据：N < = 100，M < = 1000。
对于l00%的测试数据：所有点的编号在I..N范围内。1 < = 每条边的最大流
量 < = 50000。1 < = P < = 10。给定运输网络中不会有起点和终点相同的边。
- 第一问不用说了
- 假设现在已经有了一个最大流的方案，那么Bob一定会把 P 的费用全用到流量最大的那条边上
- 也就是说要让最大流量的边最小
- 二分边的最大流看，检查是否还能求得同样大小的最大流
- 注意要实数二分，不能整数二分
最大流本身是一定的整数，但是为满足最优解，某一条边的流量可以是实数。所以这题是实数网络流！
实数二分好坑.........不要m+-1，不要保留一个ans，只是简单的二分l和r行了，最后取那一个都行
//// main.cpp// sdoi2003费用流//// Created by Candy on 25/11/2016.// Copyright © 2016 Candy. All rights reserved.//#include<iostream>#include<cstdio>#include<cstring>#include<algorithm>#include<cmath>using namespace std;const int N=105,M=1005,INF=1e9;const double eps=1e-5;int read(){ char c=getchar();int x=0,f=1; while(c<‘0‘||c>‘9‘){if(c==‘-‘)f=-1; c=getchar();} while(c>=‘0‘&&c<=‘9‘){x=x*10+c-‘0‘; c=getchar();} return x*f;}int n,m,p,u,v,c,s,t;struct data{ int u,v,c;}a[M];struct edge{ int v,ne; double c,f;}e[M<<1];int h[N],cnt=0;inline void ins(int u,int v,double c){ cnt++; e[cnt].v=v;e[cnt].c=c;e[cnt].f=0;e[cnt].ne=h[u];h[u]=cnt; cnt++; e[cnt].v=u;e[cnt].c=0;e[cnt].f=0;e[cnt].ne=h[v];h[v]=cnt;}void build(double mid){ cnt=0; memset(h,0,sizeof(h)); for(int i=1;i<=m;i++) ins(a[i].u,a[i].v,min((double)a[i].c,mid));}int cur[N];int d[N],vis[N],q[N],head,tail;bool bfs(){ memset(vis,0,sizeof(vis)); memset(d,0,sizeof(d)); head=tail=1; d[s]=0;vis[s]=1;q[tail++]=s; while(head!=tail){ int u=q[head++]; for(int i=h[u];i;i=e[i].ne){ int v=e[i].v; if(!vis[v]&&e[i].c>e[i].f){ d[v]=d[u]+1;vis[v]=1; q[tail++]=v; if(v==t) return 1; } } } return 0;}double dfs(int u,double a){ if(u==t||a==0) return a; double flow=0,f; for(int &i=cur[u];i;i=e[i].ne){ int v=e[i].v; if(d[v]==d[u]+1&&(f=dfs(v,min(a,e[i].c-e[i].f)))>0){ flow+=f; e[i].f+=f; e[((i-1)^1)+1].f-=f; a-=f; if(a==0) break; } } return flow;}double dinic(){ double flow=0; while(bfs()){ for(int i=1;i<=n;i++) cur[i]=h[i]; flow+=dfs(s,INF); } return flow;}int main(int argc, const char * argv[]) { n=read();m=read();p=read();s=1;t=n; double l=0,r=0; for(int i=1;i<=m;i++){ a[i].u=read(),a[i].v=read(),a[i].c=read(); ins(a[i].u,a[i].v,a[i].c);r=max(r,(double)a[i].c); } //r+=eps; double old=dinic(); while(r-l>eps){ double mid=(l+r)*0.5;//printf("%f %f\n",l,r); build(mid); double mx=dinic(); if(fabs(mx-old)<eps) r=mid; else l=mid; } printf("%d\n%.4f",(int)old,l*p); return 0;}
BZOJ3130: [Sdoi2013]费用流[最大流 实数二分]