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codevs 1803 志愿者招募

1803 志愿者招募

2008年NOI全国竞赛
 时间限制: 2 s 空间限制: 128000 KB 题目等级 : 大师 Master
 
题目描述 Description

申奥成功后,布布经过不懈努力,终于成为奥组委下属公司人力资源部门的 主管。布布刚上任就遇到了一个难题:为即将启动的奥运新项目招募一批短期志 愿者。经过估算,这个项目需要 N 天才能完成,其中第 i 天至少需要 Ai个人。 布布通过了解得知,一共有 M 类志愿者可以招募。其中第 i 类可以从第 Si天工 作到第 Ti 天,招募费用是每人 Ci元。新官上任三把火,为了出色地完成自己的 工作,布布希望用尽量少的费用招募足够的志愿者,但这并不是他的特长!于是 布布找到了你,希望你帮他设计一种最优的招募方案。

输入描述 Input Description

 

输入文件 employee.in 的第一行包含两个整数 N, M,表示完成项目的天数和 可以招募的志愿者的种类。 接下来的一行中包含 N 个非负整数,表示每天至少需要的志愿者人数。  接下来的 M 行中每行包含三个整数 Si, Ti, Ci,含义如上文所述。为了方便起 见,我们可以认为每类志愿者的数量都是无限多的。

输出描述 Output Description

输入文件 employee.out 中仅包含一个整数,表示你所设计的最优方案的总费用。

样例输入 Sample Input

3 3

2 3 4

1 2 2

2 3 5

3 3 2

样例输出 Sample Output

14 

数据范围及提示 Data Size & Hint
 

【样例说明】

招募 3 名第一类志愿者和 4 名第三类志愿者。

30%的数据中,1 ≤ N, M ≤ 10,1 ≤ Ai ≤ 10;

100%的数据中,1 ≤ N ≤ 1000,1 ≤ M ≤ 10000,题目中其他所涉及的数据均不超过 231-1。 

 

解题:上下界费用流。

建图,第i天向第i+1天建立下界为第i天需要的人数的边,对于人的种类,可以连接ti+1 到 si 费用为ti,流量为无限的边。然后就是类似于上下界流那样,建图。建图后求最小费用流。注意由于i到i+1的边表示第i天至少得招募人数,所有就会有n+1个点。

  1 #include <iostream>  2 #include <cstdio>  3 #include <cstring>  4 #include <cmath>  5 #include <algorithm>  6 #include <climits>  7 #include <vector>  8 #include <queue>  9 #include <cstdlib> 10 #include <string> 11 #include <set> 12 #include <stack> 13 #define LL long long 14 #define pii pair<int,int> 15 #define INF 0x3f3f3f3f3f3f3f3fLL 16 using namespace std; 17 const int maxn = 100010; 18 struct arc{ 19     int to,next; 20     LL flow,cost; 21     arc(int x = 0,LL y = 0,LL z = 0,int nxt = -1){ 22         to = x; 23         flow = y; 24         cost = z; 25         next = nxt; 26     } 27 }; 28 arc e[maxn*10]; 29 int head[maxn],p[maxn],S,T,tot,n,m; 30 LL d[maxn],in[maxn]; 31 bool vis[maxn]; 32 void add(int u,int v,LL flow,LL cost){ 33     e[tot] = arc(v,flow,cost,head[u]); 34     head[u] = tot++; 35     e[tot] = arc(u,0,-cost,head[v]); 36     head[v] = tot++; 37 } 38 bool spfa(){ 39     queue<int>q; 40     for(int i = 0; i <= T; ++i){ 41         vis[i] = false; 42         d[i] = INF; 43         p[i] = -1; 44     } 45     d[S] = 0; 46     q.push(S); 47     while(!q.empty()){ 48         int u = q.front(); 49         q.pop(); 50         vis[u] = false; 51         for(int i = head[u]; ~i; i = e[i].next){ 52             if(e[i].flow && d[e[i].to] > d[u] + e[i].cost){ 53                 d[e[i].to] = d[u] + e[i].cost; 54                 p[e[i].to] = i; 55                 if(!vis[e[i].to]){ 56                     vis[e[i].to] = true; 57                     q.push(e[i].to); 58                 } 59             } 60         } 61     } 62     return p[T] > -1; 63 } 64 LL solve(){ 65     LL ans = 0; 66     while(spfa()){ 67         LL minv = INF; 68         for(int i = p[T]; ~i; i = p[e[i^1].to]) 69             minv = min(minv,e[i].flow); 70         for(int i = p[T]; ~i; i = p[e[i^1].to]){ 71             e[i].flow -= minv; 72             e[i^1].flow += minv; 73             ans += minv*e[i].cost; 74         } 75     } 76     return ans; 77 } 78 int main() { 79     LL tmp,w; 80     int u,v; 81     while(~scanf("%d %d",&n,&m)){ 82         memset(head,-1,sizeof(head)); 83         memset(in,0,sizeof(in)); 84         S = n + 2; 85         T = n + 3; 86         for(int i = 1; i <= n; ++i){ 87             scanf("%lld",&tmp); 88             add(i,i+1,INF-tmp,0); 89             in[i] -= tmp; 90             in[i+1] += tmp; 91         } 92         for(int i = 0; i < m; ++i){ 93             scanf("%d %d %lld",&u,&v,&tmp); 94             add(v+1,u,INF,tmp); 95         } 96         for(int i = 1; i <= n + 1; ++i) 97             if(in[i] < 0) add(i,T,-in[i],0); 98             else if(in[i] > 0) add(S,i,in[i],0); 99         printf("%lld",solve());100     }101     return 0;102 }
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