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题意：从2~n-1这几个点中任意去掉一个点，使得从1到n的最短路径最大，如果任意去掉一个点1~n无通路输出Inf。

去年这道题现场是队友1A过的，感觉好NB，当时还不会最短路问题，只是脑子里大概有这么个印象，做了之发现数据比较水，今天看了一下Dijkstra 和Floyd,用两种算法实现了一下：

题目描述有点长，但是搞清楚了，就很容易了，因为数据实在很水，算是最短路入门训练的一道题了

 Dijkstra 算法
（1）令S={源点s + 已经确定了最短路径的顶点vi}
（2） 对任一未收录的顶点v，定义dist[v]为s到v的最
短路径长度，但该路径仅经过S中的顶点。即路径  的最小长度
（3） 若路径是按照递增（非递减）的顺序生成的，则
（4）真正的最短路必须只经过S中的顶点
（5）每次从未收录的顶点中选一个dist最小的收录（贪心）
（6）增加一个v进入S，可能影响另外一个w的dist值！

（7）dist[w] = min{dist[w], dist[v] + <v,w>的权重}

代码：

/*单源最短路问题（Dijkstra），适合没有负边的情况下，在Bellman-Ford算法中，如果d[i]还不是最短距离的话，
那么即使进行d[j]=d[i]+(从i到j的边的权值)的更新，d[j]也不会变成最短距离，而且，即使d[i]没有变化，
每一次循环也要检查一遍从i 出发的所有边，这显然是浪费时间的，因此，相对Bellman-Ford做了如下修改：
（1） 找到最短距离已经确定的顶点，从他出发更新相邻顶点的最短路径。(2) 不再考虑(1) 情况。
那么 如何找“最短距离已经确定的顶点”？在最开始时，只有起点的最短距离是确定的，而在尚未使用的顶点中，距离d[i]最小的顶点就是
已经确定的顶点，这是因为由于不存在负边的情况，所以d[i]在以后的更新中不会减小，这就是算法的由来
*/
/* time :0ms
 #include <iostream>
#include <algorithm>
#include <cstring>
#include <cstdio>
using namespace std;
const int inf=0x3f3f3f3f;
const int maxn_v=35;
int V,m;                         //顶点数
int cost[maxn_v][maxn_v];        //cost[u][v]表示边e=(u,v)的权值
int d[maxn_v];                   //顶点s出发的最短距离
bool used[maxn_v];               //已经使用过的图
void init()                      //初始化
{
    for(int i=0; i<maxn_v; i++)
        for(int j=0; j<maxn_v; j++)
        {
            if(i==j) cost[i][j]=0;
            else cost[i][j]=inf;
        }
}
void input()                     //将点，边存入图中
{
    int u,v,quan;
    for(int i=0; i<m; i++)
    {
        scanf("%d %d %d",&u,&v,&quan);
        cost[u][v]=cost[v][u]=quan; //因为是无向图，权值一样
    }
}
int dijkstra(int s)               //求出从s出发到各个顶点的最短距离
{
    for(int i=0; i<maxn_v; i++)
        d[i]=inf;               //d[0]=0,其他d[i]=Inf;
    memset(used,false,sizeof(used));
    used[s]=true;
    d[1]=0;
    while(true)
    {
        int v=-1;
        for(int u=0; u<V; u++) //尚未使用过的顶点中选择一个距离最小的点
        {
            if(!used[u] &&(v==-1||d[u]<d[v]))
                v=u;
        }
        if(v==-1) break;
        used[v]=true;
        for(int u=1; u<=V; u++)
            d[u]=min(d[u],d[v]+cost[v][u]);
    }
    return d[V];
}
void solve()
{
    int ans=-1;
    for(int i=2; i<V; i++)
    {
        int t=dijkstra(i);
        if(t==inf)           //不符合
        {
            printf("Inf\n");
            return ;
        }
        else ans=max(ans,t); //依次更新
    }
    printf("%d\n",ans);
}
int main()
{
    while(~scanf("%d %d",&V,&m),V+m)
    {
        init();
        input();
        solve();
    }
    return 0;
}

/*Floyd - Warshall算法
   求解所有两点间的最短路的问题叫做任意两点间的最短路问题， 用Dp的思想来模拟一下过程：
   只使用顶点0~ k 的和i,j的情况下，记录i 到j 的最短路径为 d[k+1][i][j],k=-1时，认为只使用了i,j
   所以d[0][i][j]=cost[i][j]; 接下来把只使用顶点0~k的问题归纳为到只使用0~k-1上。
   只使用0~k时，分i到j的最短路为经过顶点k和不经过顶点k两种问题来讨论。
   不经过的情况下：
                 d[k][i][j]=d[k-1][i][j],
    经过的情况下：
                 d[k][i][j]=d[k-1][i][k]+d[k-1][k][j];
    结合起来就是：d[k][i][j]=min(d[k-1][i][j],d[k-1][i][k]+d[k-1][k][j]);
    可以在O（n^3）的时间复杂度里求解所有两点间的最短距离，跟Dijkstra 算法比较，Floyd - Warshall
    可以处理边是负数的情况，而要判断图中是否有负圈，只需检查是否存在d[i][i]是负数的顶点就可以。
*/
/*time:15ms
 #include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;
const int N = 35;
const int Inf = 1e8;
int V;                     //顶点数
int m, D[N][N];
int  G[N][N];              //G[u][v] 表示边e=(u,v)的权值（不存在时设为INF，记G[i][i]=0;）
int solve(int x)
{
    for(int i=1; i<=V; i++)
    {
        for(int j=1; j<=V; j++)
        {
            if(i==x||j==x)    G[i][j]=Inf;
            else    G[i][j]=D[i][j];
        }
    }
    for(int k=1; k<=V; k++)
    {
        for(int i=1; i<=V; i++)
        {
            for(int j=1; j<=V; j++)
                G[i][j]=min(G[i][j],G[i][k]+G[k][j]);
        }
    }
    return G[1][V];
}
void input()
{
    for(int i=1; i<=V; i++)
    {
        for(int j=1; j<=V; j++)
            D[i][j]=(i==j)?0:Inf;
    }
}
void init()
{
    for(int i=0; i<m; i++)
    {
        int u,v,quan;
        scanf("%d%d%d",&u,&v,&quan);
        D[u][v]=min(D[u][v],quan);
        D[v][u]=D[u][v];
    }
}
void output()
{
    int ans=0;
    for(int i=2; i<V; i++)
    {
        ans=max(ans,solve(i));
    }
    if(ans==Inf) puts("Inf");
    else    printf("%d\n", ans);
}
int main()
{
    while(~scanf("%d%d",&V,&m),V+m)
    {
        input();
        init();
        output();
    }
    return 0;
}

HDU5137 How Many Maos Does the Guanxi Worth (13广州现场赛K题 )--最短路问题