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蓝桥杯 算法训练 ALGO-36 传纸条

2024-11-08 08:59:39   204人阅读

算法训练 传纸条  
时间限制：1.0s   内存限制：512.0MB
问题描述
　　小渊和小轩是好朋友也是同班同学，他们在一起总有谈不完的话题。一次素质拓展活动中，班上同学安排做成一个m行n列的矩阵，而小渊和小轩被安排在矩阵对角线的两端，因此，他们就无法直接交谈了。幸运的是，他们可以通过传纸条来进行交流。纸条要经由许多同学传到对方手里，小渊坐在矩阵的左上角，坐标(1,1)，小轩坐在矩阵的右下角，坐标(m,n)。从小渊传到小轩的纸条只可以向下或者向右传递，从小轩传给小渊的纸条只可以向上或者向左传递。
　　在活动进行中，小渊希望给小轩传递一张纸条，同时希望小轩给他回复。班里每个同学都可以帮他们传递，但只会帮他们一次，也就是说如果此人在小渊递给小轩纸条的时候帮忙，那么在小轩递给小渊的时候就不会再帮忙。反之亦然。
　　还有一件事情需要注意，全班每个同学愿意帮忙的好感度有高有低（注意：小渊和小轩的好心程度没有定义，输入时用0表示），可以用一个0-100的自然数来表示，数越大表示越好心。小渊和小轩希望尽可能找好心程度高的同学来帮忙传纸条，即找到来回两条传递路径，使得这两条路径上同学的好心程度只和最大。现在，请你帮助小渊和小轩找到这样的两条路径。
输入格式
　　输入第一行有2个用空格隔开的整数m和n，表示班里有m行n列（1<=m,n<=50）。
　　接下来的m行是一个m*n的矩阵，矩阵中第i行j列的整数表示坐在第i行j列的学生的好心程度。每行的n个整数之间用空格隔开。
输出格式
　　输出一行，包含一个整数，表示来回两条路上参与传递纸条的学生的好心程度之和的最大值。
样例输入
3 3
0 3 9
2 8 5
5 7 0
样例输出
34
数据规模和约定
　　30%的数据满足：1<=m,n<=10
　　100%的数据满足：1<=m,n<=50
 
题目解析：
　　本道题需用到的算法为动态规划。
　　题目中提到在 m 行 n 列且带有权值的矩阵中从（1，1）到（m，n）找一条路径，然后再从（m，n）到（1,1）找一条路径，这两天路径不能重复，即每个点只能两个人只能走一次，且不可以回退，即第一条只能向下或向右，第二条只能向上或向左。化简后可知：其实就是从（1，1）到（m，n）找两条路径，这两条路径只能向下或向右且不相交，计算出这两条路径的权值和的最大值即可。
　　所以很容易构想出动态规划方程：
　　两个人走，利用四维的数组 dp[x1][y1][x2][y2] 来保存路径中间过程的权值之和的最大值，其中 x1 y1 x2 y2 分别表示两个人的位置。
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　　每个人现在的位置都有两种可能：从他的上边或左边；两个人组合就有四种可能，因此：构造出动态规划方程（map[x][y] 表示权值，即好心程度）：
dp[x1][y1][x2][y2] = max(dp[x1-1][y1][x2-1][y2], dp[x1][y1-1][x2-1][y2], dp[x1][y1-1][x2][y2-1], dp[x1-1][y1][x2][y2-1]) + map[x1][y1] + map[x2][y2];
　　其中 x1，x2 的取值范围为从起点到终点，即 1 ~ m，y1，y2 的取值范围为起点到终点，即 1 ~ n。
　　此方程的时间复杂度为 O(n4)。因此可以进一步优化：
　　假如现在是 5 x 5 的矩阵，每个人从起点走三步，会出现四种情况。
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　　这四种情况的坐标分别为：（0，3）（1，2） （2，1） （3，0）。通过这四个坐标，发现一个规律： 0 + 3 = 1 + 2 = 2 + 1 = 3 + 0 = 3 = k （k为走的步数）。所有，x1 + x2 = k ， x2 + y2 = k。所以，y = k - x。因此，三维的动态规划方程为：
dp[k][x1][x2]=max(dp[k-1][x1][x2],dp[k-1][x1-1][x2-1],dp[k-1][x1-1][x2],dp[k-1][x1][x2-1])+map[x1][k-x1]+map[x2][k-x2];
　　其中，dp[k][x1][x2] 就是四维的 dp[x1][y1][x2][y2]，dp[k-1][x1][x2] 就是四维的 dp[x1][y1-1][x2][y2-1]，map[x1][k-x1] 就是四维的 dp[x1][y1]，以此类推。
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　　终点的坐标为 （m-1，n-1），但是 k 不能到达终点这个位置，因为违背了题目中两个人不能重复，k 的最大情况为（m-1）+（n-1）- 1，k 在最小情况也就是 2 x 2 的矩阵中取得最小值 1，所以 k 的取值范围为 1 ~  m+n-3。x1 和 x2 的取值范围都为从起点（0，0）到最大步数 k，即 0 ~ k。
　　此方程的时间复杂度为 O(n3)。因此还可以进一步优化：
　　从三维的动态规划方程可以发现，前一步总是 k - 1，所以，二维的动态规划方程可以优化为：
dp[x1][x2] = max(dp[x1][x2], dp[x1 - 1][x2 - 1], dp[x1 - 1][x2], dp[x1][x2 - 1]) + map[x1][k - x1] + map[x2][k - x2];
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　　根据三维时的分析，两条路径都走不到终点，所以让第一个人走到终点的上方，第二个人走到终点的左方，k 的取值范围为 1 ~ （m-1）+（n-1）- 1，最终要输出的结果为 dp[m-2][m-1]。
　　此方程的时间复杂度为 O(n2)。
 
示例代码1 [四维数组]： 
 1 #include <iostream>
 2 #include<stdio.h>
 3 #include<cmath>
 4 using namespace std;
 5 
 6 #define MAX_NUM 52
 7 
 8 int map[MAX_NUM][MAX_NUM];     //好心程度 | 权值
 9 int dp[MAX_NUM][MAX_NUM][MAX_NUM][MAX_NUM];
10 
11 int maxPath(int m, int n)
12 {
13     for (int x1 = 1; x1 <= m; x1++)
14     {
15         for (int y1 = 1; y1 <= n; y1++)
16         {
17             for (int x2 = 1; x2 <= m; x2++)
18             {
19                 for (int y2 = 1; y2 <= n; y2++)
20                 {
21                     /*
22                         如果第一个人没有走到最后一行或最后一列，并且两个人没有重复 
23                         因为走到最后一行或最后一列，容易造成第二个人无路可走的情况 
24                     */
25                     if ((x1 < m || y1 < n) && x1 == x2 && y1 == y2)     
26                     {
27                         continue;
28                     }
29                     dp[x1][y1][x2][y2] = max( max(dp[x1-1][y1][x2-1][y2], dp[x1-1][y1][x2][y2-1]), 
30                                               max(dp[x1][y1-1][x2-1][y2], dp[x1][y1-1][x2][y2-1]))
31                                              + map[x1][y1] + map[x2][y2];
32                 }
33             }
34         }
35     }
36     return dp[m][n][m][n]; 
37 }
38 
39 int main()
40 {
41     int m, n;
42     scanf("%d%d", &m, &n);
43     
44     for (int i = 1;i <= m; i++)
45         for (int j = 1;j <= n; j++)
46             scanf("%d", &map[i][j]);
47         
48     int ans = maxPath(m, n);
49     printf("%d\n", ans);
50         
51     return 0;
52 }
 
示例代码2 [三维数组]： 
 1 #include <iostream>
 2 #include<cmath>
 3 using namespace std;
 4 
 5 #define MAX_NUM 52
 6 
 7 int map[MAX_NUM][MAX_NUM];     //好心程度 | 权值
 8 int dp[MAX_NUM+MAX_NUM][MAX_NUM][MAX_NUM];
 9 
10 int maxPath(int m, int n)
11 {
12     for (int k = 1;k <= m+n-3; k++)
13     {
14         for (int x1 = 0; x1 <= k; x1++)
15         {
16             for (int x2 = 0; x2 <= k; x2++)
17             {
18                 if (x1 == x2)    //x1 == x2 相当于(x1 == x2 && y1 = y2) 
19                 {
20                     continue;
21                 }
22                 dp[k][x1][x2] = max(max(dp[k-1][x1][x2], dp[k-1][x1-1][x2-1]),
23                                     max(dp[k-1][x1-1][x2], dp[k-1][x1][x2-1]))
24                                 + map[x1][k-x1] + map[x2][k-x2];
25             }
26         }
27     }
28     return dp[m+n-3][m-1][m-2];
29 }
30 
31 int main()
32 {
33     int m, n;
34     scanf("%d%d", &m, &n);
35     
36     for (int i = 0; i < m; i++)
37         for (int j = 0; j < n; j++)
38             scanf("%d", &map[i][j]);
39             
40     int ans = maxPath(m, n);
41     printf("%d\n", ans);
42         
43     return 0;
44 }

 

示例代码3 [二维数组]： 
 1 #include<iostream>
 2 #include<cstdio>
 3 #include<cmath> 
 4 using namespace std;
 5  
 6 #define MAX_NUM 52
 7 
 8 int map[MAX_NUM][MAX_NUM];   //好心程度 | 权值 
 9 int dp[MAX_NUM][MAX_NUM];
10  
11 int maxPath(int m, int n)  
12 {  
13       
14     for (int k = 1; k <= m+n-3; k++)  
15     {  
16         for (int x1 = m-1; x1 >= 0; x1--)  
17         {  
18             for (int x2 = m-1; x2 > x1; x2--)  
19             {  
20                 if ( k >= x1 && k >= x2)    //x + y = k,当k >= x时，说明还在矩阵范围之内  
21                 {
22                     dp[x1][x2] = max(max(dp[x1][x2], dp[x1-1][x2-1]), 
23                                      max(dp[x1-1][x2], dp[x1][x2-1])) 
24                                  + map[x1][k-x1] + map[x2][k-x2];
25                 }
26             }  
27         }  
28     }  
29     return dp[m-2][m-1]; 
30 }
31   
32 int main()  
33 {
34     int m, n;
35     scanf("%d %d", &m, &n);
36       
37     for (int i = 0;i < m; i++)  
38         for (int j = 0; j < n; j++)  
39             scanf("%d", &map[i][j]);  
40     
41     int ans = maxPath(m, n);
42     printf("%d\n", ans); 
43     
44     return 0;  
45 }
 

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