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nyoj 742
子串和再续
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难度:4
- 描述
- 给你一个序列 S1, S2, S3, S4 ... Sx, ... Sn (1 ≤ x ≤ n ≤ 1,000,000, -32768 ≤ Sx ≤ 32767). 我们定义
sum(i, j) = Si + ... + Sj (1 ≤ i ≤ j ≤ n).现在给你一个 m(8>m>0&&m<n)你的任务是计算
sum(i1, j1) + sum(i2, j2) + sum(i3, j3) + ... + sum(im, jm) ;我们规定他是不相交的。
请输出m段最大和,比如:m = 2,n = 6 ,{-1 4 -2 3 -2 4} 它的结果是 9;
- 输入
- 输入 T,表示T组数据
第二行 分别是m,n; - 输出
- 请输出m段最大和
- 样例输入
12 6-1 4 -2 3 -2 4
- 样例输出
9
- 上传者
- ACM_王亚龙
给定n个数求这n个数划分成互不相交的m段的最大m子段和。 经典的动态规划优化的问题。设f(i, j)表示前i个数划分成j段,且包括第i个数的最大m子段和,那么有dp方程: f(i, j) = max { f(i - 1, j) + v[i], max {f(k, j - 1) + v[i]}(k = j - 1 ... i - 1) } 也就是说第i个数要么自己划到第j段,要么和前一个数一起划到第j段里面,转移是O(n)的,总复杂度O(n * n * m)。 可以引入一个辅助数组来优化转移。设g(i, j)表示前i个数划分成j段的最大子段和(注意第i个数未必在j段里面),那么递推关系如下: g(i, j) = max{g(i - 1, j), f(i, j)},分是否加入第i个数来转移 这样f的递推关系就变成: f(i, j) = max{f(i - 1, j), g(i - 1, j - 1)} + v[i],转移变成了O(1) 这样最后的结果就是g[n][m],通过引入辅助数组巧妙的优化了转移。实现的时候可以用一维数组,速度很快。#include<iostream>#include<cstdio>#include<algorithm>#include<cstring>#include<string>#include<cmath>#include<map>#include<queue>using namespace std;const int N=1e6+5;const int INF=-0x7ffffff;int g[N],f[N],a[N];int max_sum(int m,int n){ int i,j,t; for(i=1; i<=n; i++) { t=min(i,m); //最大才m组,所以j不能大于t; for(j=1; j<=t; j++) { f[j]=max(f[j],g[j-1])+a[i]; g[j-1]=max(g[j-1],f[j-1]); } g[j-1]=max(g[j-1],f[j-1]); } return g[m];}int main(){ int i,j,k,t,m,n; cin>>t; while(t--) { cin>>m>>n; g[0]=f[0]=0; for(int i=1; i<=n; i++) { cin>>a[i]; f[i]=g[i]=INF;//全部初始化为 最小值 } cout<<max_sum(m,n)<<endl; } return 0;}
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