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2016年中国大学生程序设计竞赛（合肥）-重现赛1008 HDU 5968

2024-08-19 04:04:03   218人阅读

异或密码

Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/65536 K (Java/Others)
Total Submission(s): 19    Accepted Submission(s): 9


Problem Description
晨晨在纸上写了一个长度为N的非负整数序列{ai}。对于这个序列的一个连续子序列{al,al+1,…，ar}晨晨可以求出其中所有数异或的结果 alxoral+1xor...xorar其 中xor表示位异或运算，对应C、C++、 Java等语言中的^运算。
小璐提出了M个询问，每个询问用一个整数 xi描述。
对于每个询问，晨晨需要找到序列{ai}的所有连续子序列，求出每个子序列异或的结果，找到所有的结果中与 xi之差的绝对值最小的一个，并告诉小璐相应子序列的长度。
若有多个满足条件的连续子序列，则告诉小璐这些子序列中最长的长度。
 

 

Input
包含多组测试数据，第一行一个正整数T，表示数据组数。
每组数据共两行。
第一行包含N+1个非负整数。其中第一个数为N，表示序列的长度；接下来N 个数，依次描述序列{ ai}中的每个数。
第二行包含M+1个整数。其中第一个数为M，表示询问的个数；接下来M个数 xi，每个数对应题目描述中的一个询问。
保证 1 <= N <= 100，1 <= M <= 100，ai <= 1024，|xi| <= 1024，数据组数 <= 100。
 

 

Output
对于每组数据输出M + 1行。前M行对应晨晨M个询问的回答，第M + 1行为空行
 

 

Sample Input
2
2 1 1
2 0 2
3 1 2 4
3 10 5 1
 

 

Sample Output
2
1
 
3
2
1
 
 

 

Source
2016年中国大学生程序设计竞赛（合肥）-重现赛（感谢安徽大学）
题意：中文题面
题解：预处理出所有区间的异或值并记录最大的长度,二分处理。
二分又写挫......orzzzzzz 太菜
 
 1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 #include<cmath> 4 #define ll __int64 5 using namespace std; 6 int t; 7 int n,m; 8 int a[105]; 9 int b[105];10 int c[105];11 int d[2500];12 struct node13 {14     int w;15     int kuan;16 } N[2500];17 int  abs(int x)18 {19     if(x<0)20          x=-x;21         return x;22 }23 int main()24 {25     scanf("%d",&t);26     for(int i=1; i<=t; i++)27     {28         scanf("%d",&n);29         for(int j=1; j<=n; j++)30             scanf("%d",&a[j]);31         scanf("%d",&m);32         for(int j=1; j<=m; j++)33             scanf("%d",&b[j]);34         int exm=0;35         c[0]=0;36         for(int j=1; j<=n; j++)37         {38             exm^=a[j];39             c[j]=exm;40         }41         for(int j=0; j<=2048; j++)42             d[j]=-1;43         for(int j=1; j<=n; j++)44          for(int k=j; k<=n; k++)45          d[c[j-1]^c[k]]=max(d[c[j-1]^c[k]],k-j+1);46 47         int flag=0;48         for(int j=0; j<=2048; j++)49         {50             if(d[j]!=-1)51             {52                 N[flag].w=j;53                 N[flag].kuan=d[j];54                 flag++;55             }56         }57         for(int j=1; j<=m; j++)58         {59             int l=0,r=flag-1,mid;60             if(N[l].w>=b[j]){61                 printf("%d\n",N[l].kuan);62              continue;63             }64             if(N[r].w<=b[j])65             {66                 printf("%d\n",N[r].kuan);67                 continue;68             }69             while(l<r)70             {71                 mid=(l+r)>>1;72                 if(N[mid].w<=b[j])73                     l=mid+1;74                 else75                     r=mid;76             }77             if(abs(N[l].w-b[j])>abs(N[l-1].w-b[j]))78                 printf("%d\n",N[l-1].kuan);79             if(abs(N[l].w-b[j])<abs(N[l-1].w-b[j]))80                 printf("%d\n",N[l].kuan);81             if(abs(N[l].w-b[j])==abs(N[l-1].w-b[j]))82                 printf("%d\n",max(N[l].kuan,N[l-1].kuan));83         }84         printf("\n");85     }86     return 0;87 }88 /*89 290 2 1 191 2 0 292 3 1 2 493 4 5 6 7 894 */

 

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